Elektrik ve Manyetizma

125 soru

Soru 61Soru

İletken levhaları arasında hava bulunan bir sığaç, bir üretece bağlanarak yüklendikten sonra üreteçten ayrılıyor. Bu durumda sığacın sığası CC, uçları arasındaki potansiyel farkı VV ve depoladığı elektriksel potansiyel enerji EE'dir. Daha sonra, sığacın levhaları arasına levhalara paralel olacak biçimde nötr ve iletken bir levha yerleştiriliyor.

Buna göre;

I. Sığacın sığası (CC) artar.
II. Levhalar arasındaki potansiyel farkı (VV) azalır.
III. Sığaçta depolanan elektriksel potansiyel enerji (EE) azalır.

yargılarından hangileri doğrudur?

Cevabı ve açıklamayı göster

Cevap: I, II ve III

Cevap

Sığacın sığası artar, levhalar arasındaki potansiyel farkı azalır ve sığaçta depolanan elektriksel potansiyel enerji azalır.
Sığacın levhaları arasına nötr ve iletken bir levha konulması, levhalar arasındaki etkili uzaklığı azaltarak sığayı artırır. Sığaç üreteçten ayrıldığı için yük miktarı sabittir; bu durumda potansiyel farkı ve depolanan enerji azalır. Dolayısıyla üç önerme de doğrudur.

Adım Adım Çözüm

1
Sığacın sığasındaki (C) değişimi belirlemek.
Sığacın levhaları arasına yerleştirilen iletken levhanın içindeki elektrik alan sıfırdır. Bu durum, sığacın levhaları arasındaki etkili hava boşluğu uzaklığını d değerinden (d - t) değerine düşürür. Sığa formülü olan C=ε0AdC = \frac{\varepsilon_0 A}{d} gereği, levhalar arası mesafe azaldığı için sığa (CC) artar. Birinci öncül doğrudur.
Sığanın geometrik özelliklerine bağlı değişimi analiz edilmiştir.
2
Sığacın potansiyel farkındaki (V) değişimi belirlemek.
Sığaç üreteçten ayrıldığı için üzerindeki elektriksel yük (qq) korunur ve sabit kalır. q=C×Vq = C \times V bağıntısına göre, yük (qq) sabitken sığa (CC) arttığı için potansiyel farkı (VV) azalır. İkinci öncül doğrudur.
Üreteçten ayrılmış sığaçlarda yükün korunumu ilkesi uygulanmıştır.
3
Sığaçta depolanan enerjideki (E) değişimi belirlemek.
Sığaçta depolanan elektriksel potansiyel enerji E=q22CE = \frac{q^2}{2C} formülü ile ifade edilir. Korunan yük (qq) sabitken sığanın (CC) artması depolanan enerjinin (EE) azalmasına neden olur. Üçüncü öncül doğrudur.
Sığaçta depolanan enerji formülü kullanılarak enerjideki değişim yönü belirlenmiştir.

Anahtar Kavram

Üreteçten ayrılmış sığacın fiziksel boyutları değiştiğinde yükün sabit kalması, sığa artışının potansiyel farkı ve depolanan enerjiyi azaltması.
Soru 62Soru

Etkin gerilimi sabit tutulan bir alternatif akım kaynağına seri olarak bağlı RR dirençli bir lamba ve sığası CC olan ideal bir sığaçtan (kondansatör) olu��an devrede, lambanın uçları arasındaki etkin gerilim VLV_L, sığacın uçları arasındaki etkin gerilim ise VCV_C olarak ölçülmektedir.

Buna göre, kaynağın frekansı artırıldığında VLV_L ve VCV_C değerlerinin değişimi hakkında aşağıdakilerden hangisi söylenebilir?

Cevabı ve açıklamayı göster

Cevap: Lamba gerilimi VLV_L artar, sığaç gerilimi VCV_C azalır.

Cevap

Lamba gerilimi VLV_L artar, sığaç gerilimi VCV_C azalır.
Frekans arttığında sığacın kapasitif reaktansı (XCX_C) azalır. Direnç ile sığacın vektörel toplamı olan devrenin empedansı (ZZ) küçülür. Kaynağın etkin gerilimi sabit olduğundan devrenin etkin akımı artar. Sabit dirençli lambanın uçları arasındaki gerilim (VL=IRV_L = I \cdot R) artış gösterir. Kaynağın toplam gerilimi sabit kalacağı için, aralarındaki 90 derecelik faz farkından ötürü vektörel olarak toplanan gerilimlerden lamba gerilimi arttığında sığacın gerilimi (VCV_C) azalır.

Adım Adım Çözüm

1
Kapasitif reaktansın frekansa bağlı değişimini analiz etmek.
Sığacın alternatif akıma karşı gösterdiği zorluk (kapasitif reaktans) XC=12πfCX_C = \frac{1}{2\pi f C} formülüyle bulunur. Frekans (ff) artırıldığında XCX_C değeri azalır.
Sığacın direnci frekans ile ters orantılıdır.
2
Devrenin toplam empedansındaki (ZZ) değişimi belirlemek.
Seri bağlı R-C devresinde empedans Z=R2+XC2Z = \sqrt{R^2 + X_C^2} ifadesiyle bulunur. Lamba direnci (RR) sabit iken XCX_C azaldığı için empedans (ZZ) azalır.
Empedans, direnç ile kapasitif reaktansın vektörel toplamına eşittir.
3
Akım ve lamba geriliminin (VLV_L) değişimini belirlemek.
Kaynağın etkin gerilimi (VetkinV_{\text{etkin}}) sabit iken empedans (ZZ) azaldığı için devreden geçen etkin akım (I=VetkinZI = \frac{V_{\text{etkin}}}{Z}) artar. Lambanın gerilimi VL=IRV_L = I \cdot R bağıntısına göre direnç (RR) sabit ve akım (II) arttığı için artar.
Ohm kanununa göre akım ile gerilim doğru orantılıdır.
4
Sığacın gerilimindeki (VCV_C) değişimi vektörel gerilim toplamından bulmak.
Alternatif akım devresinde gerilimler faz farkı nedeniyle vektörel toplanır: Vetkin2=VL2+VC2V_{\text{etkin}}^2 = V_L^2 + V_C^2. Kaynağın etkin gerilimi (VetkinV_{\text{etkin}}) sabit iken lamba gerilimi (VLV_L) arttığı için sığaç gerilimi (VCV_C) azalmak zorundadır.
Toplam gerilimin vektörel büyüklüğü sabit kalmalıdır.

Anahtar Kavram

Alternatif akım devrelerinde frekansın kapasitif reaktansa etkisi ve gerilimlerin fazör (vektörel) olarak toplanması.

Alternatif Yöntem

Empedans üçgeni kullanılarak frekansın artması durumunda XCX_C vektörünün kısaldığı, dolayısıyla toplam empedans vektörünün de küçüldüğü çizilerek görülebilir. Akım arttığı için lamba gerilimi artar; gerilim üçgeninde hipotenüs (VetkinV_{\text{etkin}}) sabit kalırken yatay kenar (VLV_L) uzadığı için düşey kenar (VCV_C) kısalmalıdır.
Tahmini Süre:1m 30s
Soru 63Soru

Düşey kesiti şekildeki gibi olan yalıtkan bir oda içerisinde, aynı noktaya bağlı ipek iplerle tavana asılmış noktasal KK ve LL iletken küreleri şekildeki gibi dengededir. İplerin düşey doğrultu ile yaptığı açılar sırasıyla α\alpha ve β\beta'dır.

α>β\alpha > \beta olduğuna göre;

I. qK<qLq_K < q_L

II. mK<mLm_K < m_L

III. LL cisminin KK'ye uyguladığı elektriksel kuvvet, KK cisminin LL'ye uyguladığından büyüktür.

ifadelerinden hangileri kesinlikle doğrudur?

Cevabı ve açıklamayı göster

Cevap: Yalnız II

Cevap

Yalnız II (K cisminin kütlesinin L cisminin kütlesinden küçük olduğu ifade)
Doğru cevap olan ifade, K cisminin kütlesinin L cisminin kütlesinden küçük olduğunu belirtir. Açısı daha büyük olan K cismi, aynı elektriksel kuvvete maruz kalmasına rağmen daha fazla sapmıştır, bu da onun daha hafif (küçük kütleli) olduğunu gösterir.

Adım Adım Çözüm

1
Kürelerin birbirine uyguladığı elektriksel kuvvetlerin büyüklüklerini karşılaştırma
FKL=FLKF_{KL} = F_{LK} (kuvvet büyüklükleri eşittir)
Newton'ın üçüncü yasasına (etki-tepki yasası) göre, iki cismin birbirine uyguladığı elektriksel kuvvetler her zaman eşit büyüklükte ve zıt yönlüdür. Cisimlerin yük miktarlarının farklı olması bu durumu değiştirmez.
2
Denge koşullarını kullanarak kütleler arasındaki ilişkiyi belirleme
mK<mLm_K < m_L
Her bir küreye etki eden elektriksel kuvvet (FEF_E), yerçekimi kuvveti (mgmg) ve ip gerilmesinin yatay/düşey bileşenleri dengededir. İpin düşeyle yaptığı açının tanjantı tanθ=FEmg\tan\theta = \frac{F_E}{mg} ilişkisini verir. Elektriksel kuvvetler (FEF_E) eşit olduğuna göre, açısı büyük olan cismin kütlesi daha küçük olmalıdır. α>β\alpha > \beta olduğundan mK<mLm_K < m_L sonucu elde edilir.
3
Yük miktarları arasındaki ilişkiyi değerlendirme
Yük miktarları hakkında kesin bir bilgiye ulaşılamaz.
Elektriksel kuvvetin büyüklüğü FE=kqKqLd2F_E = k \frac{|q_K \cdot q_L|}{d^2} formülü ile belirlenir. Bu kuvvet her iki yükün çarpımıyla doğru orantılı olduğundan, tek başlarına yüklerin büyüklükleri karşılaştırılamaz.

Anahtar Kavram

İki yüklü cismin birbirine uyguladığı elektriksel kuvvetler eşit büyüklüktedir (etki-tepki) ve açının büyüklüğü cisimlerin kütleleriyle ters orantılıdır.
Tahmini Süre:2m 0s
Soru 64Soru

T1T_1 ve T2T_2 transformatörleri şekildeki gibi ardışık olarak bağlanmıştır. K-L bobinlerinden oluşan T1T_1 transformatörü ideal olmayıp verimi %80\%80 iken, M-P bobinlerinden oluşan T2T_2 transformatörü idealdir.

T1T_1 transformatörünün girişindeki K bobinine etkin gerilimi V1=40 VV_1 = 40\text{ V} olan bir alternatif akım kaynağı uygulanmakta, T2T_2 transformatörünün çıkışındaki P bobinine ise R=80 ΩR = 80\ \Omega'luk bir direnç bağlanmaktadır.

Bobinlerin sarım sayıları sırasıyla NK=100N_K = 100, NL=200N_L = 200, NM=150N_M = 150 ve NP=300N_P = 300 olduğuna göre, alternatif akım kaynağından çekilen (primer devredeki) etkin akım şiddeti kaç amperdir?

Cevabı ve açıklamayı göster

Cevap: 10

Cevap

Alternatif akım kaynağından çekilen etkin akım şiddeti 10 Amperdir.
Transformatörlerde gerilimler oranı sarım sayıları oranına bağlı olarak belirlenir. Bu ilişkiden yola çıkılarak sırasıyla sekonder gerilimler V_L = 80 V ve V_P = 160 V olarak bulunur. Direnç üzerindeki çıkış gücü 320 W olur. T1 transformatörünün verimi %80 olduğundan, giriş gücünün 400 W olması gerekir. Bu durumda 40 V giriş gerilimiyle primer akımı 10 A olarak hesaplanır.

Adım Adım Çözüm

1
T1 transformatörünün sekonder geriliminin (V_L) hesaplanması
V_L = 80 V
Gerilimler oranı sarım sayıları oranına eşittir: V_L = V_K * (N_L / N_K)
2
T2 transformatörünün sekonder geriliminin (V_P) hesaplanması
V_P = 160 V
L ve M bobinleri birbirine bağlı olduğundan V_M = V_L = 80 V olur. T2 için gerilim ilişkisi: V_P = V_M * (N_P / N_M)
3
Sekonder devredeki akım (I_P) ve çıkış gücünün (P_çıkış) hesaplanması
I_P = 2 A ve P_çıkış = 320 W
Ohm Yasası uyarınca I_P = V_P / R ve çıkış gücü P_çıkış = V_P * I_P formülleri kullanılır.
4
T1 transformatörünün giriş gücünün (P_giriş) bulunması
P_giriş = 400 W
T2 ideal olduğundan giriş gücü çıkış gücüne eşittir. T1'in verimi %80 olduğundan, Verim = P_çıkış / P_giriş bağıntısından giriş gücü hesaplanır.
5
Primer devreden çekilen etkin akımın (I_etkin) bulunması
I_etkin = 10 A
Giriş gücü P_giriş = V_K * I_etkin bağıntısından etkin akım çekilir.

Anahtar Kavram

Ardışık bağlı ve ideal olmayan transformatörlerde güç ve verim ilişkisi
Soru 65Soru

İdeal bir transformatörün çalışması sırasında, primer (giriş) ve sekonder (çıkış) bobinlerinin tek bir sarımında meydana gelen manyetik akı değişim hızları her an birbirine eşittir.

Cevabı ve açıklamayı göster

Cevap: True

Cevap

İdeal bir transformatörde, manyetik akı kayıpları ihmal edildiği için her iki bobinin tek bir sarımından geçen manyetik akının zamana göre değişim hızları birbirine eşittir.
İdeal bir transformatörde akı kaybı sıfırdır, bu yüzden çekirdekteki manyetik akının zamana göre değişim hızı her bir sarım halkası için aynıdır. Bu da sarım başına düşen gerilimlerin eşit olması anlamına gelir.

Adım Adım Çözüm

1
Transformatörün elektromanyetik indüksiyon ilkesini tanımlamak.
Transformatörler, primer bobinde alternatif akım yardımıyla oluşturulan değişken manyetik alanın sekonder bobinde indüksiyon emk'si oluşturmasıyla çalışır.
Çalışma prensibinin temelini kavramak adımın doğruluğu için gereklidir.
2
İdeal transformatörün manyetik akı özelliğini analiz etmek.
İdeal transformatörlerde manyetik akı kaybı olmadığı için çekirdekteki manyetik akı çizgileri her iki bobinin her bir sarım halkasından eşit miktarda geçer.
Halkalardan geçen net akının aynı olduğunu belirlemek akı değişim hızını karşılaştırmak için ön koşuldur.
3
Faraday İndüksiyon Kanunu ile sarım sayısı-gerilim ilişkisini kurmak.
Bir bobinde indüklenen gerilim V=NdΦdtV = -N \frac{d\Phi}{dt} şeklindedir. Buradan sarım başına düşen gerilim ve dolayısıyla akı değişim hızı VN=dΦdt\frac{V}{N} = -\frac{d\Phi}{dt} olur. Akı ortak olduğundan bu değer her iki bobin için de her an aynıdır.
Sarım başına düşen akı değişim hızlarının eşitliğini matematiksel olarak doğrulamak için.

Anahtar Kavram

İdeal transformatörde manyetik akının korunumu ve sarım başına düşen gerilimlerin eşitliği
Soru 66Soru

Levhalarının yüzey alanı AA, levhaları arasındaki uzaklık dd olan boşluklu (hava ortamındaki) bir paralel levhalı sığacın sığası CC'dir. Bu sığaç, potansiyel farkı VV olan bir üretece bağlanarak yükleniyor.

Sığaç üretece bağlı kalmaya devam ederken, levhaların arasına şekildeki gibi levhalara paralel olacak biçimde yerleştirilen, kalınlığı d2\frac{d}{2} ve dielektrik katsayısı ϵ=3ϵ0\epsilon = 3\epsilon_0 olan yalıtkan bir levha konuluyor.

Buna göre, son durumda sığaçta depolanan yük miktarı başlangıçtaki yük miktarının kaç katı olur?

Cevabı ve açıklamayı göster

Cevap: 32\frac{3}{2}

Cevap

Son durumda sığaçta depolanan yük miktarı başlangıçtaki yük miktarının \frac{3}{2} katı olur.
Sığacın levhaları arasına paralel olarak yerleştirilen yalıtkan malzeme, sığacı seri bağlı iki ayrı sığaç durumuna getirir. Levha uzaklıkları yarıya indiği için boşluklu kısmın sığası iki katına çıkarak 2C2C, yalıtkan kısmın sığası ise hem uzaklığın yarıya inmesi hem de dielektrik katsayısının üç katına çıkması nedeniyle altı katına çıkarak 6C6C olur. Bu iki sığacın seri bağlı eşdeğeri hesaplandığında sığa 32C\frac{3}{2}C olarak bulunur. Sığaç üretece bağlı kalmaya devam ettiğinden potansiyel farkı sabit kalır ve yük sığa ile doğru orantılı olarak artarak başlangıçtaki değerinin \frac{3}{2} katına ulaşır.

Adım Adım Çözüm

1
İlk durumdaki sığayı (CC) ve yükü (Q0Q_0) tanımlamak.
C=ϵ0AdC = \epsilon_0 \frac{A}{d} ve Q0=CVQ_0 = C \cdot V olarak yazılır.
Sığacın fiziksel özelliklerine göre sığasını belirlemek ve üretece bağlıyken depoladığı ilk yükü bulmak için.
2
Yalıtkan levha yerleştirildikten sonra oluşan yeni yapıyı iki seri bağlı sığaç gibi modellemek.
Boşluklu kısım için C1=ϵ0Ad/2=2CC_1 = \epsilon_0 \frac{A}{d/2} = 2C ve yalıtkan k��sım için C2=3ϵ0Ad/2=6CC_2 = 3\epsilon_0 \frac{A}{d/2} = 6C elde edilir.
Levhalar arasına paralel yerleştirilen farklı yalıtkan ortamlar, seri bağlı sığaçlar gibi davranır.
3
Seri bağlı bu iki sığacın eşdeğer sığasını (Ces¸C_{\text{eş}}) hesaplamak.
1Ces¸=1C1+1C2=12C+16C=46C    Ces¸=32C\frac{1}{C_{\text{eş}}} = \frac{1}{C_1} + \frac{1}{C_2} = \frac{1}{2C} + \frac{1}{6C} = \frac{4}{6C} \implies C_{\text{eş}} = \frac{3}{2}C bulunur.
Seri bağlı sığaçların eşdeğer sığa formülünü kullanarak sistemin yeni sığasını bulmak için.
4
Üretece bağlı olma durumunu kullanarak yeni yükü (QQ) bulmak ve ilk yük ile oranlamak.
Üreteç gerilimi VV sabit kaldığından, yeni yük Q=Ces¸V=32CV=32Q0Q = C_{\text{eş}} \cdot V = \frac{3}{2}C \cdot V = \frac{3}{2} Q_0 olur.
Sığaç üretece bağlı kaldığı sürece uçları arasındaki potansiyel farkın değişmeyeceğini bilerek yeni yükü hesaplamak için.

Anahtar Kavram

Paralel levhalı sığaçların sığasının fiziksel boyutlarına ve dielektrik ortamın katsayısına bağlılığı ile seri bağlı sığaçlarda eşdeğer sığa hesabı.
Soru 67Soru

Sayfa düzleminde bulunan sonsuz uzunluktaki iletken düz bir telden +x+x yönünde sabit bir II akımı geçmektedir. Bu telin yukarısında (y>0y > 0), telden dd kadar uzaklıktaki bir noktadan, +q+q yüklü noktasal bir parçacık tele paralel olacak şekilde +x+x yönünde v\vec{v} ilk hızıyla fırlatılıyor.

Parçacığın hareketi süresince yer çekimi ve diğer tüm sürtünmeler ihmal edildiğine göre;

I. Parçacığa etki eden manyetik kuvvetin yönü başlangıçta tele doğrudur.
II. Parçacığın sürati zamanla artar.
III. Parçacık tele yaklaştıkça yörüngesinin eğrilik yarıçapı azalır.

ifadelerinden hangileri doğrudur?

Cevabı ve açıklamayı göster

Cevap: I ve III

Cevap

Başlangıçta parçacığa etki eden manyetik kuvvet tele doğrudur ve parçacık tele yaklaştıkça yörüngesinin eğrilik yarıçapı azalır.
İletken telin yukarısında oluşan manyetik alan sayfa dışına doğrudur. Sağ el kuralına göre +q+q yüklü parçacığa bu manyetik alanda etki eden kuvvet tele doğrudur. Parçacık tele doğru saptıkça telin oluşturduğu manyetik alan şiddetlenir. Yörünge yarıçapı formülü olan R=mvqBR = \frac{mv}{qB} uyarınca, manyetik alan şiddeti (BB) arttıkça eğrilik yarıçapı (RR) azalır. Manyetik kuvvet hıza her an dik olduğu için iş yapmaz ve parçacığın sürati sabit kalır. Bu durumları içeren öncüller doğrudur.

Adım Adım Çözüm

1
İletken telin çevresinde oluşturduğu manyetik alanın yönünü ve büy��klük ilişkisini belirlemek.
Sağ el kuralına göre, +x+x yönündeki akım geçen telin üst kısmında (y>0y > 0) oluşan manyetik alan sayfa düzleminden dışarı doğrudur (B=Bk^\vec{B} = B \hat{k}). Manyetik alanın büyüklüğü telden uzaklaştıkça azalır (B=2kIyB = \frac{2kI}{y}).
Manyetik kuvvetin yönünü ve büyüklüğünü belirlemek için öncelikle ortamdaki manyetik alanın yönü ve konuma bağlı değişimi bulunmalıdır.
2
+q+q yüklü parçacığa etki eden manyetik kuvvetin yönünü bulmak.
Sağ el kuralına göre; sağ elin başparmağı hız yönünü (+x+x), dört parmak manyetik alan yönünü (sayfa dışına) gösterecek şekilde tutulduğunda, avuç içi parçacığa etki eden manyetik kuvvetin yönünü gösterir. Yük pozitif olduğundan kuvvet aşağıya, yani tele doğru yönelir (y-y yönünde). Bu nedenle I. öncül doğrudur.
Yüklü parçacığın ilk sapma yönünü ve hareket doğrultusunu belirlemek için ilk andaki manyetik kuvvet yönü bulunmalıdır.
3
Manyetik kuvvetin parçacığın sürati üzerindeki etkisini incelemek.
Manyetik kuvvet, taneciğin hız vektörüne her an diktir (Fv\vec{F} \perp \vec{v}). Bu nedenle manyetik kuvvet iş yapmaz (W=0W = 0) ve parçacığın kinetik enerjisi ile sürati (hızının büyüklüğü) değişmez, sabit kalır. Bu nedenle II. öncül yanlıştır.
Manyetik kuvvetin iş yapıp yapmadığını belirleyerek parçacığın süratinin korunup korunmadığını anlamak gerekir.
4
Parçacık tele doğru yaklaşırken yörüngesinin eğrilik yarıçapındaki değişimi incelemek.
Parçacığa etki eden manyetik kuvvet tele doğru olduğundan parçacık tele yaklaşır ve yy uzaklığı azalır. Telin oluşturduğu manyetik alan B=2kIyB = \frac{2kI}{y} formülüne göre uzaklık azaldıkça artar. Parçacığın dolanım yörüngesinin eğrilik yarıçapı R=mvqBR = \frac{mv}{qB} ile verilir. mm, vv ve qq sabitken, BB arttığı için eğrilik yarıçapı RR zamanla azalır. Bu nedenle III. öncül doğrudur.
Yörünge yarıçapı formülündeki değişkenlerin (özellikle konuma bağlı olarak değişen manyetik alanın) yörüngenin şekline etkisini belirlemek gerekir.

Anahtar Kavram

Manyetik Kuvvet
Tahmini Süre:3m 0s
Soru 68Soru

Yalıtkan yatay düzlem üzerindeki iki boyutlu kartezyen koordinat sisteminde, orijinde (0,0)(0,0) noktasına +4q+4q noktasal yükü, (3d,0)(3d,0) noktasına ise 3q-3q noktasal yükü sabitlenmiştir.

Buna göre, (0,4d)(0,4d) koordinatlarındaki K noktasında bulunan +q+q yüklü noktasal bir cisim sabit hızla (3d,4d)(3d,4d) koordinatlarındaki L noktasına götürüldüğünde elektriksel kuvvetlerin yaptığı iş kaç kq2d\frac{kq^2}{d} olur?

Cevabı ve açıklamayı göster

Cevap: 0.35

Cevap

Elektriksel kuvvetlerin yaptığı iş 0.35kq2d0.35 \frac{kq^2}{d}'dir.
Elektriksel kuvvetlerin yaptığı iş, taşınan yük ile ilk ve son noktalar arasındaki potansiyel farkının çarpımına eşittir (W=q(VilkVson)W = q(V_{\text{ilk}} - V_{\text{son}})). K ve L noktalarındaki potansiyeller bulunup bu formülde yerine yazıldığında sonuç 0.350.35 olarak elde edilir.

Adım Adım Çözüm

1
K noktasının toplam elektriksel potansiyelini (VKV_K) hesaplayın.
VK=k4q4d+k3q5d=kqd0.6kqd=0.4kqdV_K = k \frac{4q}{4d} + k \frac{-3q}{5d} = \frac{kq}{d} - 0.6 \frac{kq}{d} = 0.4 \frac{kq}{d}
Bir noktanın potansiyeli, o noktada her bir yükün oluşturduğu potansiyellerin skaler toplamıdır. Sabit +4q+4q yükünün K (0,4d)(0,4d) noktasına uzaklığı 4d4d, 3q-3q yükünün uzaklığı ise 3-4-5 özel üçgeninden 5d5d olur.
2
L noktasının toplam elektriksel potansiyelini (VLV_L) hesaplayın.
VL=k4q5d+k3q4d=0.8kqd0.75kqd=0.05kqdV_L = k \frac{4q}{5d} + k \frac{-3q}{4d} = 0.8 \frac{kq}{d} - 0.75 \frac{kq}{d} = 0.05 \frac{kq}{d}
L (3d,4d)(3d,4d) noktasının +4q+4q yüküne uzaklığı 3-4-5 üçgeninden 5d5d, 3q-3q yüküne uzaklığı ise 4d4d olur.
3
Elektriksel kuvvetlerin yaptığı işi (WelekW_{\text{elek}}) hesaplayın.
Welek=q(VKVL)=q(0.40.05)kqd=0.35kq2dW_{\text{elek}} = q(V_K - V_L) = q(0.4 - 0.05) \frac{kq}{d} = 0.35 \frac{kq^2}{d}
Elektriksel kuvvetlerin yaptığı iş, taşınan yük ile ilk ve son konumlar arasındaki potansiyel farkının çarpımı ile bulunur: Welek=q(VilkVson)W_{\text{elek}} = q(V_{\text{ilk}} - V_{\text{son}}).

Anahtar Kavram

Elektriksel potansiyel farkı ve elektriksel iş ilişkisi
Soru 69Soru

Yalıtkan ve sürtünmesiz yatay düzlem üzerinde sabit tutulan negatif yüklü noktasal bir cismin oluşturduğu elektriksel alanda, başka bir negatif yüklü noktasal cisim dış bir kuvvet yardımıyla sabit yüke doğru yaklaştırılmaktadır. Bu süreçte elektriksel kuvvetlerin yaptığı iş pozitif, sistemin elektriksel potansiyel enerjisi ise artmaktadır.

Cevabı ve açıklamayı göster

Cevap: False

Cevap

İfade yanlıştır. Süreç boyunca elektriksel kuvvetlerin yaptığı iş negatif, sistemin elektriksel potansiyel enerjisi ise artmaktadır.
Negatif yüklü iki cisim birbirini ittiği için, cisimleri birbirine yaklaştırmak elektriksel kuvvetlere karşı iş yapmayı gerektirir. Dolayısıyla elektriksel kuvvetlerin yaptığı iş negatif olmalıdır. Elektriksel potansiyel enerji ise yüklerin aynı işaretli olması ve aralarındaki mesafenin azalması nedeniyle artar.

Adım Adım Çözüm

1
Yüklerin işaretlerini belirleyerek aralarındaki elektriksel kuvvetin yönünü tespit edin.
Hem sabit cisim hem de yaklaştırılan cisim negatif yüklüdür. Aynı işaretli yükler birbirini iteceği için, sabit cismin hareketli cisme uyguladığı elektriksel kuvvet, sabit cisimden uzaklaşacak yöndedir.
Elektriksel kuvvetin yönünü belirlemek, işin işaretini bulmanın ilk adımıdır.
2
Hareket yönü ile elektriksel kuvvet yönünü karşılaştırarak işin işaretini belirleyin.
Hareketli cisim sabit cisme doğru yaklaştırılmaktadır. Bu durumda cismin yer değiştirme vektör�� ile cisme etki eden elektriksel kuvvet vektörü zıt yönlüdür. Kuvvet ve yer değiştirme zıt yönlü olduğunda elektriksel kuvvetlerin yaptığı iş negatif (Wel<0W_{el} < 0) olur.
Bir kuvvetin yaptığı iş, kuvvet ile yer değiştirme vektörlerinin skaler çarpımıdır. Zıt yönlü olmaları işin negatif olmasını gerektirir.
3
Uzaklığın azalmasının elektriksel potansiyel enerji üzerindeki etkisini formülize edin.
İki noktasal yükün elektriksel potansiyel enerjisi U=kq1q2dU = k \frac{q_1 q_2}{d} ifadesiyle bulunur. Yüklerin ikisi de negatif olduğundan yüklerin çarpımı pozitiftir (q1q2>0q_1 q_2 > 0). Cisimler birbirine yaklaştıkça aralarındaki uzaklık (dd) azalır, bu da paydanın küçülerek potansiyel enerjinin (UU) artmasına (ΔU>0\Delta U > 0) neden olur.
Sistemin elektriksel potansiyel enerjisindeki değişimi matematiksel ve fiziksel olarak doğrulamak için.

Anahtar Kavram

Elektriksel kuvvetlerin yaptığı iş ile elektriksel potansiyel enerji değişimi arasındaki ilişki (Wel=ΔUW_{el} = -\Delta U)
Tahmini Süre:2m 0s
Soru 70Soru

Sonsuz uzunluktaki düz bir telin yanına yerleştirilen iletken bir halkada, telden geçen akımın azaltılmasıyla başlayan indüksiyon süreciyle ilgili bazı fiziksel olaylar aşağıda karışık olarak verilmiştir:

Buna göre, halkada indüksiyon akımının oluşumu ve sonrasındaki süreçte gerçekleşen bu olayların ilk andan son ana doğru kronolojik (neden-sonuç) sıralaması nasıl olmalıdır?

Öğeleri doğru sıraya koymak için sürükleyin

Cevabı ve açıklamayı göster

Cevap

Sıralama: Düz telden geçen akımın azalmasıyla, halkanın sınırladığı bölgedeki dış manyetik alan şiddetinin azalması -> Halkanın yüzeyinden geçen net manyetik akının zamana göre değişim göstermesi -> Halkanın bulunduğu bölgede kapalı çizgisel integrali sıfırdan farklı olan girdaplı (korunumsuz) bir elektrik alanın oluşması -> İndüklenen elektrik alanın halkadaki serbest elektronlara kuvvet uygulayarak net bir yük hareketi (indüksiyon akımı) başlatması -> Oluşan indüksiyon akımının, Lenz Kanunu uyarınca dış manyetik akıdaki azalışı engelleyecek yönde kendi manyetik alanını yaratması şeklindedir.
İndüksiyon akımının oluşumundaki fiziksel süreçler sırasıyla; dış akımın değişmesiyle dış manyetik alanın değişmesi, bunun halka yüzeyinden geçen akıyı zamanla değiştirmesi, değişen akının halka çevresinde korunumsuz bir elektrik alan indüklemesi, bu alanın elektronlara kuvvet uygulayarak akım oluşturması ve son olarak bu akımın da Lenz kanununa uygun kendi manyetik alanını yaratması şeklindedir.

Adım Adım Çözüm

1
Akım değişimi ile manyetik alan ilişkisini kurma.
Düz telin çevresinde oluşturduğu manyetik alan B=2kIdB = \frac{2kI}{d} formülü gereği akım II azaldıkça azalır. Dolayısıyla ilk gerçekleşen olay dış manyetik alan şiddetinin azalmasıdır.
Akım değişimi manyetik alanın kaynağındaki değişimdir.
2
Manyetik alan değişimi ile manyetik akı ilişkisini kurma.
Manyetik akı Φ=BAcosθ\Phi = B \cdot A \cdot \cos\theta olup, manyetik alan şiddetinin azalması halkadan geçen net manyetik akıyı zamanla azaltır.
Akı, manyetik alan ve alanın geçtiği yüzeyin geometrik çarpımıdır.
3
Faraday Yasası'nın integral formunu uygulama.
Zamana göre değişen manyetik akı, halka çevresinde Edl=dΦdt\oint \vec{E} \cdot d\vec{l} = -\frac{d\Phi}{dt} eşitliği uyarınca girdaplı (korunumsuz) bir elektrik alan indükler. Bu aşamada henüz akım oluşmamıştır, elektrik alan indüklenmiştir.
Elektromotor kuvveti (EMK) aslında bu indüklenen elektrik alanın halka boyunca yaptığı iştir.
4
Elektrik alanın yükler üzerindeki etkisini inceleme.
İndüklenen elektrik alan, halka içindeki serbest elektronlara F=qE\vec{F} = q\vec{E} elektriksel kuvvetini uygulayarak onları sürükler ve halkada net bir yük akışı yani indüksiyon akımı oluşturur.
İletkenlerde akımın oluşması serbest yüklerin elektrik alan etkisiyle hareketiyle gerçekleşir.
5
Lenz Yasası ve indüksiyon akımının manyetik alanı ilişkisini kurma.
Oluşan indüksiyon akımı, Biot-Savart yasası gereği kendi manyetik alanını oluşturur. Lenz kanununa göre bu alan, kendisini doğuran akı azalışını yavaşlatacak yönde (dış manyetik alanla aynı yönlü) olur.
Doğa her zaman akı değişimine karşı koyacak yönde tepki verir.

Anahtar Kavram

Faraday İndüksiyon Yasası'nın mikroskobik açıklaması ve Lenz Kanunu
Soru 71Soru

Yalıtkan ve sürtünmesiz yatay düzlem üzerinde aralarında 2d2d uzaklık bulunan iki noktasal +q+q yükü sabitlenmiştir. Bu yüklerin, kendilerini birleştiren doğru parçasının orta dikme çizgisi üzerinde ve bu doğru parçasına dd uzakl��ktaki PP noktasında oluşturdukları bileşke elektrik alanın büyüklüğü EE'dir.

Buna göre, yüklerden biri sistemden uzaklaştırılırsa PP noktasındaki bileşke elektrik alanın büyüklüğü kaç EE olur?

Cevabı ve açıklamayı göster

Cevap: 22\frac{\sqrt{2}}{2}

Cevap

22\frac{\sqrt{2}}{2}
Her iki yükün PP noktasındaki elektrik alan vektörlerinin büyüklüğü eşit olup E1=kq2d2E_1 = k\frac{q}{2d^2} kadardır. Bu vektörler birbirine dik (9090^\circ açıyla) olduğundan bileşke elektrik alan E=E12E = E_1\sqrt{2} olur. Yüklerden biri kaldırıldığında geriye kalan elektrik alan E=E1=E2=22EE' = E_1 = \frac{E}{\sqrt{2}} = \frac{\sqrt{2}}{2}E büyüklüğünde olur.

Adım Adım Çözüm

1
Her bir +q+q yükünün PP noktasında oluşturduğu elektrik alanın büyüklüğünü (E1E_1) uzaklık cinsinden ifade etme.
PP noktasının yüklerin her birine olan uzaklığı r=d2+d2=d2r = \sqrt{d^2 + d^2} = d\sqrt{2} olup, tek bir yükün oluşturduğu elektrik alanın büyüklüğü E1=kqr2=kq2d2E_1 = k\frac{q}{r^2} = k\frac{q}{2d^2} olur.
Noktasal bir yükün elektrik alanı E=kqr2E = k\frac{q}{r^2} formülüyle hesaplanır.
2
İki yükün PP noktasındaki elektrik alan vektörleri arasındaki açıyı belirleme ve bileşke alanı bulma.
Soldaki yükün alanı PP noktasından yukarı-sağa doğru 4545^\circ, sağdaki yükün alanı yukarı-sola doğru 4545^\circ yönelmiştir. Vektörler arasındaki açı 9090^\circ olduğundan bileşke alan E=E12E = E_1\sqrt{2} olur.
Eşit büyüklükte ve aralarında 9090^\circ açı bulunan iki vektörün bileşkesi, vektörlerden birinin 2\sqrt{2} katıdır.
3
Yüklerden biri kaldırıldığında PP noktasında kalan elektrik alanın büyüklüğünü EE cinsinden hesaplama.
Yüklerden biri kaldırılırsa PP noktasında sadece diğer yükün alanı kalır. Bu alanın büyüklüğü E=E1=E2=22EE' = E_1 = \frac{E}{\sqrt{2}} = \frac{\sqrt{2}}{2}E olur.
Sistemde tek yük kaldığında bileşke alan o yükün kendi alanına eşit olur.

Anahtar Kavram

Elektriksel alan vektörel bir büyüklüktür ve bileşke elektrik alan bulunurken vektörel toplama yapılır.
Tahmini Süre:2m 0s
Soru 72Soru

Şekildeki ideal transformatörün primer (giriş) bobinine etkin gerilimi VV, frekansı ff olan alternatif akım kaynağı bağlıdır. Transformatörün sekonder (çıkış) bobinine ise sığası CC olan bir sığaç ve bir lamba seri olarak bağlanmıştır.

Buna göre;

I. Kaynağın frekansı (ff) artırılırsa lambanın parlaklığı artar.
II. Transformatörün primer bobininin sarım sayısı (NPN_P) artırılırsa lambanın parlaklığı azalır.
III. Kaynağın gerilimi (VV) artırılırsa lambanın uçları arasındaki etkin potansiyel farkı artar.

yargılarından hangileri doğrudur?

Cevabı ve açıklamayı göster

Cevap: I, II ve III

Cevap

I, II ve III öncüllerinin tamamı doğrudur.
Üç yargı da doğrudur. Transformatörler alternatif akımla çalışır ve giriş frekansını değiştirmezler. Sekonder bobindeki gerilim VS=VNSNPV_S = V \cdot \frac{N_S}{N_P} bağıntısı ile bulunur. Kaynağın frekansı (ff) artırıldığında, sekonder devredeki sığacın kapasitif reaktansı (XC=12πfCX_C = \frac{1}{2\pi f C}) azalır. Bu durum devrenin toplam empedansını azaltarak devreden geçen etkin akımı artırır ve lambanın parlaklığı artar. Primer bobinin sarım sayısı (NPN_P) artırılırsa sekonder gerilim (VSV_S) azalır, bu da etkin akımı ve dolayısıyla lamba parlaklığını azaltır. Kaynağın gerilimi (VV) artırılırsa sekonder gerilim (VSV_S) artar, bu da lamba üzerindeki etkin potansiyel farkının artmasına neden olur.

Adım Adım Çözüm

1
Transformatörün çıkış (sekonder) gerilimini veren ifadeyi yazmak.
VS=VNSNPV_S = V \cdot \frac{N_S}{N_P}
Primer bobine uygulanan gerilimin sekonder bobine nasıl aktarıldığını belirlemek için.
2
Transformatörlerin frekans üzerindeki etkisini incelemek.
Frekans değişmez (fS=fP=ff_S = f_P = f).
Transformatörler gerilimi değiştirebilir ancak alternatif akımın frekansını değiştirmezler.
3
Sekonder devredeki sığacın kapasitif reaktansını (XCX_C) ve devrenin empedansını (ZZ) analiz etmek.
XC=12πfCX_C = \frac{1}{2\pi f C} ve Z=R2+XC2Z = \sqrt{R^2 + X_C^2}
Frekans değişimin devrenin toplam direncine (empedansına) etkisini bulmak için.
4
Değişkenlerin lamba parlaklığı ve gerilimi üzerindeki etkilerini birleştirmek.
Frekans (ff) artarsa XCX_C azalır, devrenin empedansı (ZZ) azalır, akım artar ve lamba parlaklığı artar (I. öncül doğrudur). Primer sarım sayısı (NPN_P) artarsa VSV_S azalır, akım azalır, lamba parlaklığı azalır (II. öncül doğrudur). Giriş gerilimi (VV) artarsa VSV_S artar, akım artar, lambanın etkin gerilimi artar (III. öncül doğrudur).
Öncülleri tek tek değerlendirip doğru yargılara ulaşmak için.

Anahtar Kavram

Transformatörlerde gerilim-sarım ilişkisi, frekansın korunumu ve alternatif akım devrelerinde sığacın frekansa bağlı davranışı.
Tahmini Süre:2m 0s
Soru 73Soru

İdeal olduğu bilinen bir transformatörün giriş (primer) bobinine etkin gerilimi VV, frekansı ff olan alternatif akım kaynağı bağlanmıştır. Transformatörün çıkışında (sekonder), sarım sayıları sırasıyla NKN_K ve NLN_L olan KK ve LL bobinleri bulunmaktadır. Bu bobinlerin uçlarından sırasıyla VKV_K ve VLV_L etkin gerilimleri elde edilmektedir.

Buna göre, bu transformatörün çalışmasıyla ilgili;

I. Giriş bobinine alternatif akım kaynağı yerine aynı gerilim değerinde bir doğru akım (DC) kayna��ı bağlanırsa VKV_K ve VLV_L gerilimleri sıfır olur.
II. KK ve LL bobinleri seri olarak birbirine bağlandığında, elde edilen toplam çıkış gerilimi bobinlerin sarım yönlerine göre VK+VLV_K + V_L veya VKVL|V_K - V_L| olabilir.
III. KK bobininin sarım sayısı giriş bobinininkinden büyükse, VKV_K geriliminin frekansı ff değerinden daha b��yük olur.

yargılarından hangileri doğrudur?

Cevabı ve açıklamayı göster

Cevap: I ve II

Cevap

Birinci ve ikinci öncüllerin doğru, üçüncü öncülün ise yanlış olduğunu belirten 'I ve II' seçeneğidir.
Transformatörler elektromanyetik indüksiyon prensibiyle çalışır. Zamanla değişen alternatif akım demir çekirdekte değişken manyetik akı oluşturur ve bu akı çıkış bobinlerinde gerilim indükler. Girişe doğru akım (DC) uygulandığında akı değişimi gerçekleşmeyeceği için çıkış gerilimi sıfır olur (birinci öncül doğrudur). Seri bağlanan sekonder bobinlerin ürettiği gerilimler, sarım yönlerine göre birbirini güçlendirebilir veya zayıflatabilir, bu yüzden toplam gerilim VK+VLV_K + V_L veya VKVL|V_K - V_L| olabilir (ikinci öncül doğrudur). Transformatörler frekansı değiştiremez; giriş frekansı ne ise çıkış frekansı da odur, dolayısıyla sarım sayısının büyük olması frekansı artırmaz (üçüncü öncül yanlıştır). Bu nedenlerle birinci ve ikinci öncüllerin doğru olduğu seçenek doğru cevaptır.

Adım Adım Çözüm

1
Doğru akım (DC) etkisini analiz etme
Giriş bobinine doğru akım (DC) bağlandığında, bobinde sabit büyüklükte bir manyetik alan oluşur. Bu durum demir çekirdekteki manyetik akının zamanla değişmesini engeller. Faraday'ın indüksiyon yasasına göre, sekonder bobinlerde gerilim indüklenebilmesi için manyetik akının zamanla değişmesi (dΦ/dt0d\Phi/dt \neq 0) gerekir. Akı değişimi sıfır olduğu için çıkış gerilimleri VKV_K ve VLV_L sıfır olur. Dolayısıyla birinci öncül doğrudur.
Transformatörlerin alternatif akımla çalışıp doğru akımla çalışmadığını belirlemek için.
2
Seri bağlı bobinlerin gerilim analizini yapma
K ve L bobinleri seri bağlandığında, bobinlerin uçlarının nasıl eşleştirildiğine (yani sarım yönlerine) bağlı olarak, indüklenen elektromotor kuvvetleri (EMK) birbirini destekleyecek ya da köreltecek şekilde yönlenebilir. Eğer aynı yönlü akım üretecek şekilde bağlanırlarsa toplam gerilim VK+VLV_K + V_L, zıt yönlü bağlanırlarsa VKVL|V_K - V_L| olur. Dolayısıyla ikinci öncül doğrudur.
Seri bağlı kaynakların (indüklenen gerilimlerin) faz/yön ilişkisini belirlemek için.
3
Frekans ilişkisini analiz etme
Transformatörler gerilim ve akım değerlerini değiştirebilirken, alternatif akımın frekansını değiştiremezler. Giriş geriliminin frekansı ff ise çıkış gerilimlerinin frekansı da sarım sayısından bağımsız olarak daima ff olur. Dolayısıyla üçüncü öncül yanlıştır.
Transformatörlerin frekans üzerindeki etkisini incelemek için.

Anahtar Kavram

Transformatörlerin çalışma ilkeleri (indüksiyon, alternatif akım/doğru akım davranışı ve frekans korunumu)
Soru 74Soru

Primer (giriş) bobininin sarım sayısı 200200, sekonder (çıkış) bobininin sarım sayısı 600600 olan ideal olmayan bir transformatörün primer ucuna etkin gerilimi 120 V120\text{ V} olan alternatif akım kaynağı bağlanmıştır. Transformatörün verimi %80\%80 olup, sekonder ucuna bağlı olan direncin değeri 90 Ω90\ \Omega olarak ölçülmüştür.

Buna göre, transformatörün primer (giriş) devresinden çekilen etkin akım şiddeti kaç amperdir?

Cevabı ve açıklamayı göster

Cevap: 15

Cevap

Primer devreden çekilen etkin akım 15 A15\text{ A}'dir.
Transformatörün çıkış gerilimi sarım sayıları oranıyla doğru orantılıdır. Buna göre çıkış gerilimi 360 V360\text{ V} olur. Sekonder devredeki 90 Ω90\ \Omega'luk dirençten geçen akım Ohm kanunundan 4 A4\text{ A} ve sekonder devrenin gücü 1440 W1440\text{ W} olarak bulunur. Transformatörün verimi %80\%80 olduğundan, primer devreden çekilen güç 1800 W1800\text{ W} olmalıdır. Bu güç değerine karşılık gelen primer akımı ise 15 A15\text{ A} olarak hesaplanır.

Adım Adım Çözüm

1
Çıkış (sekonder) gerilimini hesaplamak.
VS=360 VV_S = 360\text{ V}
Transformatörlerde sarım sayısı oranı ile gerilim oranı doğru orantılıdır (VP/VS=NP/NSV_P/V_S = N_P/N_S).
2
Sekonder devreden geçen akımı bulmak.
IS=4 AI_S = 4\text{ A}
Ohm Kanunu (V=IRV = I \cdot R) kullanılarak direnç üzerindeki gerilim ve direnç değerinden akım hesaplanır.
3
Çıkış (sekonder) gücünü hesaplamak.
PS=1440 WP_S = 1440\text{ W}
Sekonder devrede harcanan elektriksel güç PS=VSISP_S = V_S \cdot I_S formülüyle bulunur.
4
Giriş (primer) gücünü verim bağıntısından bulmak.
PP=1800 WP_P = 1800\text{ W}
Verim, çıkış gücünün giriş gücüne oranıdır (%80=PS/PP\%80 = P_S / P_P).
5
Primer devreden çekilen akımı hesaplamak.
IP=15 AI_P = 15\text{ A}
Giriş gücü PP=VPIPP_P = V_P \cdot I_P bağıntısı kullanılarak primer akımı çekilir.

Anahtar Kavram

İdeal olmayan transformatörlerde güç ve verim ilişkisi
Soru 75Soru

Sayfa düzleminde bulunan, birbirine paralel ve aralarında 2d2d uzaklık bulunan sonsuz uzunluktaki iki iletken telden, sayfa düzlemine dik doğrultuda akımlar geçmektedir. Sol taraftaki XX telinden sayfa düzleminden içeriye doğru (\otimes) II şiddetinde, sağ taraftaki YY telinden ise sayfa düzleminden dışarıya doğru (\odot) II şiddetinde akım geçmektedir. Tellerin tam ortasında bulunan OO noktasından, sayfa düzleminden dışarıya doğru (\odot) v\vec{v} hızıyla fırlatılan +q+q yüklü noktasal bir parçacığa, fırlatıldığı anda etki eden manyetik kuvvetin yönü aşağıdakilerden hangisidir?

Cevabı ve açıklamayı göster

Cevap: Sayfa düzleminde sağa doğru (YY teline doğru)

Cevap

Sayfa düzleminde sağa doğru (YY teline doğru)
Tellerin tam ortasındaki noktada, sol telin içeri doğru olan akımı ve sağ telin dışarı doğru olan akımı sağ el kuralına göre sayfa düzleminde aşağı doğru yönlü manyetik alanlar üretir. Bu iki alan aynı yönlü olduğundan toplanarak aşağı doğru net bir manyetik alan oluşturur. Bu bölgeden sayfa dışına doğru fırlatılan pozitif yüklü parçacık için hız vektörü sayfa dışına, manyetik alan vektörü ise aşağı doğrudur. Sağ el kuralı uygulandığında avuç içi sayfa düzleminde sağa (yani diğer tele doğru) bakar. Parçacık artı yüklü olduğundan etki eden net manyetik kuvvet sayfa düzleminde sağa doğrudur.

Adım Adım Çözüm

1
XX ve YY tellerinin OO noktasında oluşturduğu manyetik alanların yönleri sağ el kuralı ile belirlenir.
XX telindeki akım içeri (\otimes) doğru olduğundan OO noktasındaki manyetik alanı aşağı doğru (y-y); YY telindeki akım dışarı (\odot) doğru olduğundan OO noktasındaki manyetik alanı da aşağı doğru (y-y) yönlüdür.
Düz telin çevresinde oluşturduğu manyetik alanın yönü, başparmak akım yönünü gösterecek şekilde tel kavrandığında dolanan dört parmağın yönü ile bulunur.
2
OO noktasındaki bileşke manyetik alan vektör�� (Bnet\vec{B}_{\text{net}}) hesaplanır.
Her iki manyetik alan vektörü de aynı yönlü olduğundan toplanırlar ve bileşke manyetik alan sayfa düzleminde aşağı doğru olur.
Aynı yönlü vektörlerin toplamı, vektörel olarak aynı doğrultu ve yönde bir net vektör verir.
3
+q+q yüklü parçacığa etki eden manyetik kuvvetin (F=q(v×B)\vec{F} = q(\vec{v} \times \vec{B})) yönü sağ el kuralı ile bulunur.
Başparmak hız yönünü (sayfa dışına, \odot), dört parmak manyetik alan yönünü (aşağı) gösterecek şekilde tutulduğunda avuç içi sağa doğru (yani YY teline doğru) bakar. Parçacık pozitif yüklü olduğu için kuvvet sayfa düzleminde sağa doğrudur.
Manyetik alanda hareket eden yüklü parçacıklara etki eden kuvvetin yönü, yük pozitif olduğunda avuç içi yönündedir.

Anahtar Kavram

Akım geçen düz tellerin çevresinde oluşturduğu manyetik alan vektörlerinin toplanması ve manyetik alanda hareket eden yüklü parçacıklara etki eden manyetik kuvvetin yönünün sağ el kuralı ile bulunması.
Soru 76Soru

Yalıtkan ve sürtünmesiz yatay düzlemde, aralarında dd uzaklığı bulunan noktasal +q+q ve +4q+4q yükleri sabitlenmiştir. Bu yüklerin oluşturduğu sisteme, yüklerin arasındaki çizgi üzerinde serbestçe hareket edebilen noktasal bir q-q yükü bırakılıyor.

Buna göre;
I. q-q yükü, +q+q yükünden d3\frac{d}{3} uzaklıktaki bir noktaya bırakılırsa dengede kalır.
II. q-q yükünün dengede kalabileceği noktada, sabitlenmiş yüklerin oluşturduğu bileşke elektriksel alan sıfırdır.
III. Sabitlenmiş +4q+4q yükünün +q+q yüküne uyguladığı elektriksel kuvvetin büyüklüğü, +q+q yükünün +4q+4q yüküne uyguladığı elektriksel kuvvetin büyüklüğünden fazladır.

ifadelerinden hangileri doğrudur?

Cevabı ve açıklamayı göster

Cevap: I ve II

Cevap

Birinci ve ikinci öncüllerin doğru, üçüncü öncülün ise yanlış olduğunu belirten 'I ve II' seçeneğidir.
Denge durumunda q-q yüküne etki eden net kuvvet sıfır olmalıdır. Bu durum, +q+q yükünden d/3d/3 uzaklıkta gerçekleşir ve bu noktada bileşke elektriksel alan sıfırdır. İki yükün birbirine uyguladığı kuvvetler ise etki-tepki yasası gereği eşit büyüklüktedir.

Adım Adım Çözüm

1
q-q yükünün dengede kalabilmesi için üzerine etki eden net elektriksel kuvvetin sıfır olması gerekir. +q+q ve +4q+4q yüklerinin q-q yüküne uygulayacağı kuvvetlerin yönlerini belirleyelim.
q-q yükü her iki pozitif yük tarafından çekilecektir. Dolayısıyla yüklerin arasında bir noktada, +q+q yükünün uyguladığı kuvvet sola doğru, +4q+4q yükünün uyguladığı kuvvet sağa doğru olur. Bu iki kuvvet zıt yönlü olduğu için birbirini sıfırlayabilir.
Denge durumunda zıt yönlü kuvvetlerin büyüklüklerinin eşit olması gerekir.
2
+q+q yükünden xx kadar uzaklıkta dengede olduğunu varsayalım. Bu durumda +4q+4q yükünden uzaklığı dxd-x olur. Coulomb Yasası'nı kullanarak kuvvetlerin büyüklüklerini eşitleyelim: kqqx2=k4qq(dx)2k \frac{q \cdot q}{x^2} = k \frac{4q \cdot q}{(d-x)^2}
Her iki tarafın karekökü alındığında, 1x=2dx    dx=2x    3x=d    x=d3\frac{1}{x} = \frac{2}{d-x} \implies d-x = 2x \implies 3x = d \implies x = \frac{d}{3} bulunur. Dolayısıyla I. öncül doğrudur.
Denge noktasının konumunu bulmak için iki kuvvetin büyüklüğünü eşitleyen denklemi çözmemiz gerekir.
3
Dengede olan q-q yükü üzerindeki net kuvvet sıfırdır (Fnet=0F_{net} = 0). Elektriksel alan ile elektriksel kuvvet arasındaki F=qEF = q \cdot E ilişkisini inceleyelim.
Yük miktarı sıfırdan farklı (q0q \neq 0) olduğuna göre, net kuvvetin sıfır olması için o noktadaki bileşke elektriksel alanın da sıfır olması gerekir (E=0E = 0). Dolayısıyla II. öncül doğrudur.
Elektriksel kuvvet ile elektriksel alan arasındaki temel ilişkiyi kurmak için.
4
+q+q ve +4q+4q yüklerinin birbirine uyguladığı elektriksel kuvvetlerin büyüklüğünü karşılaştıralım.
Newton'ın üçüncü hareket yasası (etki-tepki yasası) gereğince, iki yüklü cismin birbirine uyguladığı elektriksel kuvvetler her zaman eşit büyüklükte ve zıt yönlüdür. +4q+4q yükünün +q+q yüküne uyguladığı kuvvet ile +q+q yükünün +4q+4q yüküne uyguladığı kuvvetin büyüklüğü F=k4q2d2F = k \frac{4q^2}{d^2} olup birbirine eşittir. Dolayısıyla III. öncül yanlıştır.
Etki-tepki prensibini elektriksel kuvvetlere uygulamak için.

Anahtar Kavram

Noktasal yükler arasındaki elektriksel kuvvet, elektriksel alan ve etki-tepki prensibi
Tahmini Süre:2m 0s
Soru 77Soru

Alternatif akım kaynağına bağlı ideal bir transformatörün primer bobinine uygulanan alternatif gerilimin frekansı artırıldığında, sekonder bobininden elde edilen alternatif gerilimin frekansı da artar.

Cevabı ve açıklamayı göster

Cevap: True

Cevap

İfade doğrudur. Transformatörlerin sekonder bobininden elde edilen gerilimin frekansı, primer bobine uygulanan gerilimin frekansına her zaman eşittir (fprimer=fsekonderf_{primer} = f_{sekonder}). Bu nedenle giriş frekansının artırılması çıkış frekansını da artırır.
Transformatörlerin sekonder bobininden elde edilen gerilimin frekansı, primer bobine uygulanan gerilimin frekansına her zaman eşittir. Bu nedenle giriş frekansı artırıldığında çıkış frekansı da artar.

Adım Adım Çözüm

1
Transformatörün primer bobininde oluşan manyetik akı değişimini analiz edin.
Primer bobine alternatif akım uygulandığında, çekirdekte zamana göre yönü ve büyüklüğü sürekli değişen bir manyetik akı oluşur. Bu akının değişim frekansı, primer akımının frekansı ile aynıdır.
Transformatörler elektromanyetik indüksiyon prensibine göre çalışır ve manyetik alanın değişim frekansı kaynağın frekansına bağlıdır.
2
Sekonder bobinde oluşan indüksiyon geriliminin frekansını primer frekansı ile ilişkilendirin.
Ortak demir çekirdekteki manyetik akı değişimi sekonder bobini de etkiler. Sekonder bobinde birim zamandaki akı değişim hızı, primer bobindeki ile aynı periyot ve frekansta gerçekleşir. Bu nedenle sekonder geriliminin frekansı primer geriliminin frekansına her zaman eşit olur (fprimer=fsekonderf_{primer} = f_{sekonder}).
Çıkış akısının değişim kaynağı giriş akısıdır, bu yüzden frekans korunur.
3
Primer frekansı artırıldığında sekonder frekansının nasıl etkileneceğini belirleyin.
Giriş geriliminin frekansı artırıldığında, çıkış geriliminin frekansı da artar ve yeni giriş frekansına eşit olur.
Çıkış frekansı her zaman giriş frekansını birebir takip eder.

Anahtar Kavram

Transformatörlerde frekansın korunumu ve giriş frekansı ile çıkış frekansı arasındaki ilişki
Tahmini Süre:1m 30s
Soru 78Soru

Şekildeki transformatör devresinde primer (giriş) bobinine tek kutuplu iki konumlu SS anahtarı yardımıyla alternatif akım (AC) kaynağı ya da doğru akım (DC) kaynağı bağlanabilmektedir. Sekonder (çıkış) bobinine ise XX lambası bağlanmıştır. SS anahtarı 11 konumundayken alternatif akım kaynağı, 22 konumundayken doğru akım kaynağı devreye girmektedir.

Buna göre;

I. SS anahtarı 22 konumuna getirilip kapatıldıktan uzun süre sonra XX lambası ışık vermez.

II. SS anahtarı 11 konumundayken kaynağın frekansı artırılırsa, XX lambasının parlaklığı artar.

III. Lambanın parlaklığı sabit kalmak şartıyla, transformatörün verimi artırılırsa primer devreden çekilen güç azalır.

yargılarından hangileri doğrudur?

Cevabı ve açıklamayı göster

Cevap: I ve III

Cevap

Birinci ve üçüncü yargılar doğrudur.
Transformatörlerin çalışabilmesi için primer bobindeki manyetik akının zamanla değişmesi gerekir. Doğru akım kaynağı (pil) bağlandığında akım kararlı hale geldikten sonra akı değişimi durur ve sekonder devrede gerilim indüklenmez. Alternatif akım devresinde ise sekonder çıkış gerilimi sarım oranlarına bağlı olup frekanstan bağımsızdır. Verim tanımı gereği, çıkış gücü sabitken verim artarsa giriş gücü azalır.

Adım Adım Çözüm

1
Doğru akım (DC) kaynağının transformatör üzerindeki etkisini analiz etmek.
S anahtarı 2 konumundayken primer devreye doğru akım uygulanır. Kararlı durumda manyetik akı değişimi sıfır olacağından sekonder devrede indüksiyon EMK'si oluşmaz ve lamba ışık vermez.
Transformatörler elektromanyetik indüksiyon (akı değişimi) esasına göre çalışır ve sabit doğru akımla sürekli çalışamazlar.
2
Alternatif akım (AC) frekansının çıkış gerilimi ve lamba parlaklığına etkisini değerlendirmek.
S anahtarı 1 konumundayken sekonder geriliminin etkin değeri frekanstan bağımsız olarak V2=V1N2N1V_2 = V_1 \cdot \frac{N_2}{N_1} olur. Lambanın direnci de frekansa bağlı olmadığından lamba parlaklığı değişmez.
Transformatörün gerilim dönüştürme oranı sadece sarım oranlarına ve giriş geriliminin büyüklüğüne bağlıdır, frekansa bağlı değildir.
3
Verim ve güç ilişkisini incelemek.
Verim formülü η=PsekonderPprimer\eta = \frac{P_{sekonder}}{P_{primer}} şeklindedir. Lambanın parlaklığı (çıkış gücü) sabitken verim artırılırsa primer devreden çekilen güç azalır.
Daha yüksek verimli bir transformatör, aynı çıkış gücünü sağlamak için girişten daha az güç çeker.

Anahtar Kavram

Transformatörlerin çalışma ilkeleri, AC/DC gerilimlerdeki davranışı ve verim bağıntısı.
Soru 79Soru

Evlerimizde kullanılan 220 V220\text{ V} etkin gerilime sahip alternatif akımı, 12 V12\text{ V} etkin gerilimle çalışan bir masa lambasını çalıştırmak için kullanmak amacıyla tasarlanan ideal olmayan bir transformatörün verimi \%80 olarak ölçülmüştür. Masa lambası transformatörün sekonder (çıkış) bobinine bağlandığında lambanın direnci 6 Ω6\ \Omega olup lamba normal parlaklığında ışık vermektedir. Buna göre, transformatörün primer (giriş) bobininden çekilen etkin güç kaç watt\text{watt}'tır?

Cevabı ve açıklamayı göster

Cevap: 30

Cevap

Transformatörün primer bobininden çekilen etkin güç 30 watt'tır.
Transformatörün sekonder devresinde direnci 6 Ω6\ \Omega olan masa lambası 12 V12\text{ V} gerilimle çalıştığında, lambadan geçen etkin akım 2 A2\text{ A} ve harcanan etkin güç 24 W24\text{ W} olur. Transformatörün verimi \%80 olduğundan, primerden çekilen güç sekonderden alınan güçten fazla olmalıdır. Verim formülü olan Verim=Pc¸ıkıs¸Pgiris¸\text{Verim} = \frac{P_{\text{çıkış}}}{P_{\text{giriş}}} bağıntısından 0,80=24Pgiris¸0,80 = \frac{24}{P_{\text{giriş}}} yazılarak primerden çekilen etkin güç 30 W30\text{ W} olarak hesaplanır.

Adım Adım Çözüm

1
Masa lambasının (sekonder devrenin) etkin akımını hesaplayın.
IS=VSR=12 V6 Ω=2 AI_S = \frac{V_S}{R} = \frac{12\text{ V}}{6\ \Omega} = 2\text{ A}
Ohm Kanunu kullanılarak sekonder devreden geçen etkin akım bulunur.
2
Sekonder devrede tüketilen gücü (lamba gücünü) hesaplayın.
PS=VS×IS=12 V×2 A=24 WP_S = V_S \times I_S = 12\text{ V} \times 2\text{ A} = 24\text{ W}
Sekonder devredeki lamba tarafından harcanan etkin gücü belirlemek için gerilim ve akım çarpılır.
3
Verim bağıntısını kullanarak primer bobinden çekilen etkin gücü hesaplayın.
Verim=PSPP0,80=24 WPPPP=240,80=30 W\text{Verim} = \frac{P_S}{P_P} \Rightarrow 0,80 = \frac{24\text{ W}}{P_P} \Rightarrow P_P = \frac{24}{0,80} = 30\text{ W}
İdeal olmayan transformatörlerde verim, sekonder bobinden alınan gücün primer bobine verilen güce oranıdır.

Anahtar Kavram

İdeal olmayan transformatörlerde güç transferi ve verim hesaplamaları
Soru 80Soru

Şekildeki ideal transformatörün primer (giriş) bobininin sarım sayısı NP=400N_P = 400'dür ve uçlarına etkin gerilimi VP=120 VV_P = 120\text{ V} olan alternatif akım kaynağı bağlanmıştır. Transformat��rün sağ tarafındaki bağımsız iki sekonder bobininin sarım sayıları sırasıyla N1=200N_1 = 200 ve N2=100N_2 = 100 olup, bu bobinlerin uçlarına R1=12 ΩR_1 = 12\ \Omega ve R2=15 ΩR_2 = 15\ \Omega değerindeki dirençler bağlanmıştır. Buna göre, transformatörün primer (giriş) bobininden çekilen akımın etkin değeri kaç A\text{A}'dir?

Cevabı ve açıklamayı göster

Cevap: 3

Cevap

Primer bobinden çekilen akımın etkin değeri 3 A3\text{ A}'dir.
İdeal bir transformatörde enerji kaybı olmadığından, primer bobinden sağlanan güç (PP=VPIPP_P = V_P \cdot I_P), sekonder bobinlerdeki toplam güce (P1+P2=V12R1+V22R2P_1 + P_2 = \frac{V_1^2}{R_1} + \frac{V_2^2}{R_2}) eşittir. Yapılan hesaplamalar sonucunda primer akımının etkin değeri 3 A3\text{ A} olarak bulunur.

Adım Adım Çözüm

1
Sekonder bobinlerin uçlarındaki etkin gerilimleri (V1V_1 ve V2V_2) hesaplayın.
V1=60 VV_1 = 60\text{ V} ve V2=30 VV_2 = 30\text{ V}
İdeal bir transformatörde bobin uçlarındaki gerilimler, sarım sayılarıyla doğru orantılıdır: VS=VP×NSNPV_S = V_P \times \frac{N_S}{N_P}.
2
Sekonder bobinlere bağlı dirençlerin harcadığı elektriksel güçleri (P1P_1 ve P2P_2) hesaplayın.
P1=300 WP_1 = 300\text{ W} ve P2=60 WP_2 = 60\text{ W}
Dirençlerin harcadığı güç P=V2RP = \frac{V^2}{R} formülüyle hesaplanır.
3
Transformatörün toplam çıkış gücünü (PSP_S) ve buna bağlı olarak primer giriş gücünü (PPP_P) belirleyin.
PP=PS=360 WP_P = P_S = 360\text{ W}
İdeal transformatörlerde enerji kaybı olmadığı için giriş gücü toplam çıkış gücüne eşittir.
4
Primer bobinden çekilen akımın etkin değerini (IPI_P) hesaplayın.
IP=3 AI_P = 3\text{ A}
Primer giriş gücü PP=VP×IPP_P = V_P \times I_P bağıntısıyla ifade edilir. Buradan 360=120×IP360 = 120 \times I_P yazılarak akım çekilir.

Anahtar Kavram

İdeal transformatörlerde gerilimin sarım sayısıyla ilişkisi ve güç korunumunun uygulanması.
ÖncekiSayfa 4 / 7Sonraki
Elektrik ve Manyetizma Alıştırma Soruları — YKS AYT (Alan Yeterlilik Testi) — Sayfa 4 | Examkin