Elektrik ve Manyetizma

125 soru

Soru 41Soru

Bir cep telefonu şarj aletinin içinde bulunan ideal bir transformatör, evlerdeki 220 V220\text{ V}'luk alternatif gerilimi telefonun şarj olması için uygun olan 5 V5\text{ V} değerine düşürmektedir. Transformatörün giriş (primer) bobininin sarım sayısı 44004400 olduğuna göre, çıkış (sekonder) bobininin sarım sayısı kaçtır?

Cevabı ve açıklamayı göster

Cevap: 100

Cevap

Sekonder bobininin sarım sayısı 100100 olmalıdır.
İdeal bir transformatörde, giriş (primer) ve çıkış (sekonder) gerilimlerinin oranı, bobinlerin sarım sayılarının oranına eşittir (VP/VS=NP/NSV_P / V_S = N_P / N_S). Soruda verilen değerleri (VP=220 VV_P = 220\text{ V}, VS=5 VV_S = 5\text{ V}, NP=4400N_P = 4400) formüle yerleştirdiğimizde; 220/5=4400/NS220 / 5 = 4400 / N_S bağıntısından 44=4400/NS44 = 4400 / N_S elde edilir. Bu eşitliği çözdüğümüzde sekonder bobininin sarım sayısı NS=100N_S = 100 olarak bulunur.

Adım Adım Çözüm

1
Primer ve sekonder gerilimleri ile sarım sayıları arasındaki ilişkiyi belirten formülü yazın.
VP/VS=NP/NSV_P / V_S = N_P / N_S
İdeal bir transformatörde gerilimler oranı, sarım sayıları oranı ile doğrudan orantılıdır.
2
Verilen değerleri formülde yerine koyun.
220/5=4400/NS220 / 5 = 4400 / N_S
Giriş gerilimi VP=220 VV_P = 220\text{ V}, çıkış gerilimi VS=5 VV_S = 5\text{ V} ve primer sarım sayısı NP=4400N_P = 4400 olarak verilmiştir.
3
N_S değerini bulmak için gerekli matematiksel sadeleştirmeleri ve işlemleri yapın.
NS=100N_S = 100
220/5=44220 / 5 = 44 olduğundan, 4400/NS=444400 / N_S = 44 eşitliğinden NS=100N_S = 100 elde edilir.

Anahtar Kavram

İdeal bir transformatörün çıkış geriliminin giriş gerilimine oranı, sekonder sarım sayısının primer sarım sayısına oranına eşittir.
Tahmini Süre:1m 30s
Soru 42Soru

Sığaları sırasıyla CC ve 2C2C olan boşluklu (hava ortamında) iki paralel levhalı sığaç, gerilimi VV olan bir üretece seri bağlanarak yükleniyor. S��ğaçlar üreteçten ayrıldıktan sonra, yüklerini kaybetmeden, aynı işaretli levhaları birbirine temas edecek şekilde birbirine paralel bağlanıyor.

Son durumda sığaçlar birbirine paralel bağlıyken, sığası CC olan sığacın levhaları arasına dielektrik katsayısı havanınkinden daha büyük olan yalıtkan bir madde yerleştiriliyor.

Buna göre, sığacın levhaları arasına yalıtkan madde yerleştirilmesi sürecinde;

I. Sığası CC olan sığacın levhaları arasındaki potansiyel fark azalır.
II. Sığası 2C2C olan sığaçta depolanan elektriksel yük miktarı artar.
III. Sistemin toplam elektriksel potansiyel enerjisi azalır.

yargılarından hangileri doğrudur?

Cevabı ve açıklamayı göster

Cevap: I ve III

Cevap

I ve III yargılarının yer aldığı seçenek doğrudur. Sığası C olan sığacın levhaları arasına dielektrik katsayısı daha büyük bir madde yerleştirildi��inde ortak potansiyel fark azalır ve toplam potansiyel enerji de azalır.
Sığası CC olan kondansatörün levhaları arasına dielektrik madde yerleştirildiğinde bu kondansatörün sığası artar, bu da paralel bağlı sistemin toplam eşdeğer sığasını artırır. Toplam yük korunduğu için (Qtop=Ces\cVortakQ_{top} = C_{eş} \cdot V_{ortak}), eşdeğer sığanın artması ortak potansiyel farkın azalmasına neden olur. Bu durum sığası CC olan kondansatörün potansiyel farkını azalttığı için birinci yargı doğrudur. Sığası 2C2C olan diğer kondansatörün sığası sabit kalıp potansiyel farkı azaldığından yükü azalır, bu nedenle ikinci yargı yanlıştır. Son olarak, toplam yük sabitken eşdeğer sığanın artması sistemin toplam enerjisini (E=Qtop2/2Ces\cE = Q_{top}^2 / 2C_{eş}) azaltacağından üçüncü yargı da doğrudur. Dolayısıyla doğru yanıt I ve III yargılarını içeren seçenektir.

Adım Adım Çözüm

1
Seri bağlı sığaçların ilk yüklerini ve devredeki toplam y��kü bulma.
C1=CC_1 = C ve C2=2CC_2 = 2C sığaçları seri bağlıyken yükleri eşit olup Q0=23CVQ_0 = \frac{2}{3}CV kadardır. Üreteç ayrılıp paralel bağlandıklarında toplam yük Qtop=Q1+Q2=43CVQ_{top} = Q_1 + Q_2 = \frac{4}{3}CV olur.
Sığaçlar paralel bağlandığında yük korunumu yasası gereği toplam yük bu iki sığacın yüklerinin toplamına eşit olacaktır.
2
Sığası CC olan sığacın levhaları arasına dielektrik madde konulduğunda sığadaki değişimi ve yeni ortak potansiyeli belirleme.
C1C_1 sığasının değeri C1=κCC_1' = \kappa C (burada κ>1\kappa > 1) olur. Paralel bağlı sığaçların yeni ortak potansiyeli Vort=QtopC1+C2=QtopκC+2CV_{ort} = \frac{Q_{top}}{C_1' + C_2} = \frac{Q_{top}}{\kappa C + 2C} olur. Sığa arttığından ortak potansiyel fark azalır. Dolayısıyla sığası CC olan sığacın potansiyel farkı azalır (I. yargı doğru).
Dielektrik madde yerleştirilmesi sığanın değerini artırır. Toplam yük sabitken eşdeğer sığanın artması, sığaçların uçları arasındaki potansiyel farkı düşürür.
3
Sığası 2C2C olan sığacın yük değişimini analiz etme.
C2=2CC_2 = 2C sığacının uçları arasındaki potansiyel fark VortV_{ort} azaldığı için üzerindeki yük miktarı Q2=2CVortQ_2' = 2C \cdot V_{ort} azalır (II. yargı yanlış).
Sığası değişmeyen bir sığacın yükü, uçları arasındaki potansiyel fark ile doğru orantılıdır.
4
Sistemin toplam elektriksel potansiyel enerjindeki değişimi belirleme.
Sistemin toplam enerjisi Etop=Qtop22Ces\cE_{top} = \frac{Q_{top}^2}{2C_{eş}} formülüyle hesaplanabilir. Toplam yük QtopQ_{top} sabitken, eşdeğer sığa Ces\c=κC+2CC_{eş} = \kappa C + 2C arttığından toplam elektriksel potansiyel enerji azalır (III. yargı doğru).
Dışarıdan bir müdahale olmadan (üreteç bağlı değilken) dielektrik maddenin levhalar arasına girmesi elektriksel kuvvetlerin iş yapmasıyla gerçekleşir ve bu durum sistemin potansiyel enerjisini azaltır.

Anahtar Kavram

Paralel bağlı kondansatörlerde yük paylaşımı, dielektrik madde eklenmesinin sığa, potansiyel fark ve depolanan enerjiye etkileri.
Soru 43Soru

İdeal bir sığaç (kondansatör), ideal bir bobin ve bir omik dirençten oluşan seri bağlı bir alternatif akım devresinde, devrede birim zamanda harcanan ortalama elektriksel güç sadece omik direnç üzerinde ısıya dönüşen güce eşittir.

Cevabı ve açıklamayı göster

Cevap: True

Cevap

Verilen ifade doğrudur. Seri bağlı RLC alternatif akım devresinde harcanan ortalama güç yalnızca omik direnç üzerinde ısıya dönüşen enerjidir.
Seri bağlı alternatif akım devresinde ideal bobin ve sığaç reaktif elemanlar olup ortalama güç tüketmezler. Ortalama güç yalnızca omik direnç üzerinde harcandığından ifade doğrudur.

Adım Adım Çözüm

1
Alternatif akım devresindeki elemanların ortalama güç tüketim özelliklerini belirlemek.
İdeal sığaç ve bobinde güç tüketimi olmaz; ortalama güç sadece omik dirençte harcanır.
Devrede harcanan enerjinin hangi bileşenlerden kaynaklandığ��nı anlamak.
2
Bobin ve sığacın akım ve gerilim faz ilişkisini analiz etmek.
İdeal bobin ve sığaçta akım ve gerilim arasında 90 derecelik faz farkı bulunur, bu yüzden ortalama güç formülündeki güç çarpanı sıfır olur.
Reaktif elemanların neden güç tüketmediğini matematiksel olarak açıklamak.
3
Direncin güç tüketimini hesaplamak.
Dirençte akım ve gerilim aynı fazdadır ve ortalama güç etkin akımın karesi ile direnç değerinin çarpımına eşittir.
Toplam ortalama gücün sadece dirençte harcanan güç olduğunu doğrulamak.

Anahtar Kavram

Alternatif akım devrelerinde aktif güç ve reaktif elemanların enerji tüketimi
Soru 44Soru

Sürtünmelerin ve yer çekiminin ihmal edildiği yalıtkan yatay bir düzlemde, düzgün elektriksel alan içerisine ilk hızsız bırakılan pozitif yüklü noktasal bir cisim, elektriksel potansiyelin daha yüksek olduğu noktaya doğru kendiliğinden hareket eder.

Cevabı ve açıklamayı göster

Cevap: False

Cevap

Verilen ifade yanlıştır çünkü pozitif yüklü cisimler yüksek potansiyelden düşük potansiyele doğru hareket eder.
Pozitif yüklü cisimler elektriksel potansiyel enerjilerini azaltmak amacıyla yüksek potansiyelden düşük potansiyele doğru hareket eder, bu sebeple ifade yanlıştır.

Adım Adım Çözüm

1
Elektriksel potansiyel enerji formülünü yazma.
Bir yükün elektriksel potansiyel enerjisi Ep=qVE_p = q \cdot V formülü ile hesaplanır.
Yükün hareketi sırasındaki potansiyel enerji değişimini analiz edebilmek için.
2
Serbest bırakılan cisimlerin hareket eğilimini belirleme.
Dışarıdan bir müdahale olmadığında (kendiliğinden gerçekleşen süreçlerde) sistemler potansiyel enerjilerini azaltma eğilimindedir (ΔEp<0\Delta E_p < 0).
Doğadaki temel enerji minimizasyonu ilkesini uygulamak için.
3
Artı yüklü cisim için potansiyel değişimini bulma.
q>0q > 0 (pozitif) olduğundan, potansiyel enerjinin azalması (ΔEp<0\Delta E_p < 0) ancak potansiyelin azalması (ΔV<0\Delta V < 0) ile mümkündür. Dolayısıyla cisim yüksek potansiyelden düşük potansiyele doğru gitmelidir.
Yükün işaretini kullanarak hareket yönünü matematiksel olarak ispatlamak için.

Anahtar Kavram

Serbest bırakılan yüklü cisimlerin elektriksel potansiyeldeki hareket yönü

Alternatif Yöntem

Elektrik alan çizgilerinin yönü kullanılarak da karar verilebilir. Elektrik alan çizgileri daima yüksek potansiyelden düşük potansiyele doğrudur. Pozitif yüklü cisimlere etki eden elektriksel kuvvet elektrik alan ile aynı yönde olduğundan, cisim kuvvet yönünde (yani düşük potansiyele doğru) hızlanacaktır.
Tahmini Süre:45s
Soru 45Soru

Özdeş ve paralel levhalı XX ve YY sığaçları (kondansatörleri) başlangıçta yüklenmiştir. XX sığacı potansiyel farkı VV olan bir üretece bağlı kalmaya devam ederken, YY sığacı yüklendikten sonra üreteçten ayrılmıştır. Daha sonra, sığaçların levhaları arasındaki uzaklıklar iki katına çıkarılmaktadır.

Buna göre;
I. XX sığacının levhaları arasındaki elektrik alan şiddeti yarıya iner.
II. YY sığacının depoladığı elektriksel potansiyel enerji iki katına çıkar.
III. Sığaçların uçları arasındaki potansiyel farkları eşit olur.

yargılarından hangileri doğrudur?

Cevabı ve açıklamayı göster

Cevap: I ve II

Cevap

I ve II ifadeleri doğrudur.
Sığacın levhalar arasındaki uzaklığı iki katına çıkarıldığında sığası yarıya iner. Üretece bağlı olan X sığacının potansiyel farkı sabit kalacağından elektrik alan şiddeti yarıya düşer. Üreteçten ayrılan Y sığacının yükü sabit kalacağından sığasının yarıya inmesi depoladığı potansiyel enerjiyi iki katına çıkarır. Bu yüzden 'I ve II' ifadesini içeren seçenek doğrudur.

Adım Adım Çözüm

1
Sığaçların sığa (CC) değişimini belirleme
C=C02C' = \frac{C_0}{2}
Paralel levhal�� sığacın sığası C=ϵAdC = \epsilon \frac{A}{d} formülüyle bulunur. Levhalar arasındaki uzaklık (dd) iki katına çıkarıldığında, her iki sığacın da sığası başlangıçtaki değerinin yarısına düşer.
2
X sığacının elektrik alan değişimini analiz etme
EX=E02E_X' = \frac{E_0}{2}
X sığacı üretece bağlı kalmaya devam ettiği için potansiyel farkı sabit kalır (VX=VV_X = V). Levhalar arasındaki düzgün elektrik alan E=VdE = \frac{V}{d} bağıntısıyla hesaplanır. VV sabitken dd iki katına çıktığından, elektrik alan şiddeti yarıya iner. I. yargı doğrudur.
3
Y sığacının depoladığı enerjinin değişimini analiz etme
UY=2U0U_Y' = 2U_0
Y sığacı üreteçten ayrıldığı için üzerindeki net yük korur ve sabit kalır (QY=Q0Q_Y = Q_0). Sığaçta depolanan enerji U=Q22CU = \frac{Q^2}{2C} bağıntısı ile bulunur. Yük sabitken sığa yarıya indiği için depolanan elektriksel potansiyel enerji iki katına çıkar. II. yargı doğrudur.
4
Sığaçların uçları arasındaki son potansiyel farklarını karşılaştırma
VX=VV_X = V ve VY=2VV_Y = 2V
X sığacının potansiyel farkı üretece bağlı olduğu için VV olarak kalır. Y sığacının yükü sabitken sığası yarıya indiğinden, V=QCV = \frac{Q}{C} ilişkisine göre potansiyel farkı 2V2V olur. Potansiyel farkları eşit olmadığından III. yargı yanlıştır.

Anahtar Kavram

Sığaçlarda sığanın levha geometrisiyle değişimi ve üretece bağlı olma durumunun yük, gerilim, elektrik alan ve enerji parametrelerine etkisi.
Soru 46Soru

Etkin gerilimi ve frekansı sabit olan bir alternatif akım kaynağına seri bağlı, direnci RR olan bir lamba ile iç direnci önemsiz ideal bir bobinden oluşan devre şekildeki gibidir. Devre bu durumdayken bobinin içerisine, manyetik geçirgenliği havanınkinden daha büyük olan demir bir çubuk yerleştiriliyor.

Buna göre, demir çubuk bobinin içine yerleştirildikten sonra devrede gerçekleşen değişimlerle ilgili;

I. Bobinin indüktif reaktansı (XLX_L) artar.
II. Lambanın parlaklığı azalır.
III. Bobinin uçları arasındaki etkin potansiyel fark artar.

yargılarından hangileri doğrudur?

Cevabı ve açıklamayı göster

Cevap: I, II ve III

Cevap

Bobinin indüktif reaktansının artacağını, lambanın parlaklığının azalacağını ve bobinin uçları arasındaki etkin potansiyel farkın artacağını belirten öncüllerin hepsi doğrudur.
Demir çubuk bobinin içine yerleştirildiğinde bobinin öz-indüksiyon katsayısı (LL) ve buna bağlı olarak indüktif reaktansı (XLX_L) artar. Reaktansın artması devrenin toplam empedansını (ZZ) artırır ve devreden geçen etkin akımı düşürür. Etkin akım azaldığı için lambanın parlaklığı azalır. Devredeki gerilimler arasında V2=VR2+VL2V^2 = V_R^2 + V_L^2 fazör ilişkisi vardır. Lambanın gerilimi (VR=IRV_R = I \cdot R) akım azaldığı için düşerken, toplam gerilim sabit olduğundan bobinin gerilimi (VLV_L) artar. Bu nedenle her üç yargı da doğrudur.

Adım Adım Çözüm

1
Demir çubuğun bobinin öz-indüksiyon katsayısına (LL) etkisini belirlemek.
Demir çubuğun manyetik geçirgenliği havanınkinden büyük olduğu için bobinin öz-indüksiyon katsayısı (LL) artar.
Bobinin öz-indüksiyon katsayısı, içindeki ortamın manyetik geçirgenliği ile doğru orantılıdır.
2
Bobinin indüktif reaktansındaki (XLX_L) değişimi analiz etmek.
XL=2πfLX_L = 2\pi f L formülüne göre, frekans (ff) sabitken LL arttığı için XLX_L artar. Bu durum I. öncülün doğru olduğunu gösterir.
İndüktif reaktans, bobinin alternatif akıma karşı gösterdiği direnç olup öz-indüksiyon katsayısıyla doğru orantılıdır.
3
Devrenin empedansı (ZZ) ve etkin akımı (IetkinI_{etkin}) üzerindeki değişimleri belirlemek.
Devrenin empedansı Z=R2+XL2Z = \sqrt{R^2 + X_L^2} ifadesiyle bulunur. XLX_L arttığı için devrenin empedansı artar. Kaynağın etkin gerilimi sabit olduğundan, Ohm kanununa göre (Ietkin=Vetkin/ZI_{etkin} = V_{etkin} / Z) devrenin etkin akımı azalır.
Alternatif akım devrelerinde empedans, omik direnç ile reaktansların fazör toplamıdır ve direnç arttıkça akım azalır.
4
Lambanın parlaklığındaki değişimi değerlendirmek.
Lambanın parlaklığı gücüyle (P=Ietkin2RP = I_{etkin}^2 \cdot R) orantılıdır. Akım azaldığı için lambanın parlaklığı azalır. Bu durum II. öncülün doğru olduğunu gösterir.
Bir lambanın parlaklığı, üzerinden geçen akımın etkin değerinin karesiyle doğru orantılıdır.
5
Bobinin gerilimini (VLV_L) gerilimlerin fazör toplamından bulmak.
Seri devrede gerilimlerin fazör toplamı Vetkin2=VR2+VL2V_{etkin}^2 = V_R^2 + V_L^2 şeklindedir. Lambanın gerilimi VR=IetkinRV_R = I_{etkin} \cdot R akım azaldığı için azalır. Toplam gerilim (VetkinV_{etkin}) sabit olduğundan, bobinin gerilimi (VLV_L) artar. Bu durum III. öncülün doğru olduğunu gösterir.
Alternatif akım devrelerinde elemanların gerilimleri aralarındaki faz farkından dolayı vektörel olarak toplanır.

Anahtar Kavram

Alternatif akım devrelerinde reaktans, empedans ve gerilimlerin fazör (vektörel) olarak toplanması kuralları.
Soru 47Soru

Etkin gerilimi ve frekansı sabit olan bir alternatif akım kaynağına bağlı ideal bir sığacın levhaları arasına, dielektrik katsayısı havanınkinden daha büyük olan yalıtkan bir malzeme yerleştirildiğinde devrenin etkin akım şiddeti artar.

Cevabı ve açıklamayı göster

Cevap: True

Cevap

Sığacın levhaları arasına dielektrik katsayısı daha büyük olan yalıtkan madde yerleştirildiğinde kapasitif reaktans azalır ve devreden geçen etkin akım artar.
Sığacın levhaları arasına dielektrik katsayısı daha büyük bir yalıtkan madde yerleştirildiğinde sığa artar, bu da kapasitif reaktansı azaltarak devredeki etkin akımın artmasını sağlar.

Adım Adım Çözüm

1
Sığacın sığasındaki değişimin belirlenmesi
Dielektrik katsayısının (ϵ\epsilon) artırılmasıyla sığacın sığası (C=ϵAdC = \epsilon \frac{A}{d}) artar.
Yalıtkan malzemenin dielektrik katsayısı havanınkinden büyük olduğu için sığa değeri artacaktır.
2
Kapasitif reaktanstaki değişimin hesaplanması
Frekans (ff) sabitken sığa (CC) arttığı için kapasitif reaktans (XC=12πfCX_C = \frac{1}{2\pi f C}) azalır.
Kapasitif reaktans, kaynağın frekansı ve sığacın sığası ile ters orantılıdır.
3
Etkin akım şiddetindeki değişimin bulunması
Etkin gerilim (VetkinV_{etkin}) sabitken kapasitif reaktans (XCX_C) azaldığı için etkin akım (Ietkin=VetkinXCI_{etkin} = \frac{V_{etkin}}{X_C}) artar.
Sabit gerilim altında devrenin alternatif akıma karşı gösterdiği direnç (reaktans) azalırsa akım artar.

Anahtar Kavram

Alternatif akım devrelerinde kapasitif reaktansın sığa ile ilişkisi ve bunun devrenin etkin akımına etkisi
Soru 48Soru

Rezonans durumunda olan, direnç ile ideal bobin ve ideal sığacın seri bağlanmasıyla oluşturulmuş bir RLC devresinde; alternatif gerilim kaynağının etkin değeri değiştirilmeden frekansı azaltılırsa, devrenin empedansı artar ve devre kapasitif özellik göstermeye başlar ifadesi doğru mudur?

Cevabı ve açıklamayı göster

Cevap: True

Cevap

Verilen ifade doğrudur. Rezonans halindeki RLC devresinde frekansın azaltılması indüktif reaktansı azaltırken kapasitif reaktansı artırır; bu durum empedansın artmasına ve devrenin kapasitif karakter kazanmasına neden olur.
Verilen ifade doğrudur çünkü rezonans durumunda minimum (Z=RZ=R) olan empedans değeri, frekans değişimi ile rezonans şartı bozulduğu için artış gösterir. Frekansın azalması ise kapasitif reaktansın indüktif reaktansın üzerine çıkmasına sebep olarak devrenin kapasitif özellik kazanmasını sağlar.

Adım Adım Çözüm

1
Rezonans durumundaki reaktans ve empedans ilişkisini belirleme.
XL=XCX_L = X_C ve devrenin empedansı Z=RZ = R (minimum) olur.
Rezonans anında bobin ve sığacın zıt fazdaki reaktansları birbirini sıfırlar.
2
Frekans azaldığında reaktanslarda meydana gelen değişimi formüller üzerinden analiz etme.
XL=2πfLX_L = 2\pi f L formülüne göre XLX_L azalır; XC=12πfCX_C = \frac{1}{2\pi f C} formülüne göre XCX_C artar. Sonuç olarak XC>XLX_C > X_L ilişkisi kurulur.
İndüktif reaktans frekansla doğru orantılıyken, kapasitif reaktans frekansla ters orantılıdır.
3
Değişimin empedans ve devre karakteri üzerindeki net etkisini yorumlama.
Z=R2+(XLXC)2Z = \sqrt{R^2 + (X_L - X_C)^2} formülünde (XLXC)2>0(X_L - X_C)^2 > 0 olacağından empedans (ZZ) artar. XCX_C baskın hale geldiği için devre kapasitif özellik gösterir.
Rezonans durumu bozulduğunda empedans her zaman artar ve büyük olan reaktans türü devrenin elektriksel karakterini belirler.

Anahtar Kavram

Alternatif akım devrelerinde rezonans durumu, frekansa bağlı reaktans değişimi ve empedans analizi.
Soru 49Soru

Giriş (primer) bobininin sarım sayısı N1=800N_1 = 800, çıkış (sekonder) bobininin sarım sayısı N2=200N_2 = 200 olan ideal bir transformatörün girişine etkin gerilimi 120 V120\text{ V}, frekansı 50 Hz50\text{ Hz} olan alternatif gerilim uygulanmaktadır.

Buna göre, transformatörün çıkış (sekonder) bobininden elde edilen gerilimin etkin değeri ve frekansı aşağıdakilerden hangisinde doğru verilmiştir?

Cevabı ve açıklamayı göster

Cevap: Etkin gerilim 30 V30\text{ V}, frekans 50 Hz50\text{ Hz}

Cevap

Etkin gerilim 30 V30\text{ V}, frekans 50 Hz50\text{ Hz}
İdeal bir transformatörde primer ve sekonder gerilimleri ile sarım sayıları arasında V1V2=N1N2\frac{V_1}{V_2} = \frac{N_1}{N_2} ilişkisi vardır. Verilen değerler yerine konulduğunda 120V2=800200=4\frac{120}{V_2} = \frac{800}{200} = 4 olduğundan sekonder gerilimi 30 V30\text{ V} olur. Transformatörler alternatif akımın frekansını değiştirmediğinden çıkış geriliminin frekansı da giriş frekansı olan 50 Hz50\text{ Hz} ile aynı kalır. Bu nedenle doğru cevap, gerilimin 30 V30\text{ V} ve frekansın 50 Hz50\text{ Hz} olduğu seçenektir.

Adım Adım Çözüm

1
Çıkış geriliminin hesaplanması
Etkin çıkış gerilimi V2=30 VV_2 = 30\text{ V} olarak bulunur.
İdeal bir transformatörde giriş ve çıkış bobinlerindeki gerilimler, sarım sayıları ile doğru orantılıdır. Formül: V1V2=N1N2\frac{V_1}{V_2} = \frac{N_1}{N_2} şeklindedir. Değerler yerine yazıldığında 120V2=800200=4\frac{120}{V_2} = \frac{800}{200} = 4 elde edilir, buradan V2=30 VV_2 = 30\text{ V} bulunur.
2
Çıkış frekansının belirlenmesi
Çıkış geriliminin frekansı f2=50 Hzf_2 = 50\text{ Hz} olarak kalır.
Transformatörler gerilimi yükseltmek veya düşürmek için kullanılırken alternatif akımın frekansını değiştirmezler. Giriş frekansı ne ise çıkış frekansı da odur.

Anahtar Kavram

İdeal bir transformatörde çıkış gerilimi sarım sayıları oranıyla doğru orantılı iken, alternatif akımın frekansı transformatör tarafından değiştirilmez.
Tahmini Süre:1m 0s
Soru 50Soru

Öz-indüksiyon katsayısı LL ve iç direnci rr (r0r \neq 0) olan bir bobin ile sığası CC olan ideal bir sığaç, etkin gerilimi sabit ve frekansı değiştirilebilen bir alternatif akım kaynağına seri olarak bağlanmıştır. Devre başlangıçta rezonans halindedir.

Buna göre, devrenin bu durumuyla ilgili;

I. Bobinin uçları arasındaki etkin gerilim, sığacın uçları arasındaki etkin gerilimden büyüktür.
II. Kaynağın etkin gerilimi, bobinin iç direnci üzerindeki etkin gerilime eşittir.
III. Kaynağın frekansı artırılırsa devrenin empedansı artar.

yargılarından hangileri doğrudur?

Cevabı ve açıklamayı göster

Cevap: I, II ve III

Cevap

Bobinin iç direnci olduğundan rezonansta gerilimi sığacınkinden büyüktür, kaynak gerilimi iç direnç gerilimine eşittir ve frekans değişimi empedansı artırır. Bu nedenle I, II ve III öncüllerinin hepsi doğrudur.
Bobinin iç direnci (r0r \neq 0) olduğundan empedansı Zbobin=r2+XL2Z_{bobin} = \sqrt{r^2 + X_L^2} şeklindedir. Rezonans durumunda XL=XCX_L = X_C olduğundan bobinin empedansı sığacın reaktansından büyüktür ve bu nedenle bobin gerilimi sığaç geriliminden büyüktür. Ayrıca rezonans anında indüktif ve kapasitif gerilimler birbirini sıfırladığından kaynak gerilimi doğrudan iç direnç üzerindeki gerilime eşit olur. Rezonansta empedans minimum değerde olduğundan, frekansın artması rezonansı bozarak empedansı artırır. Dolayısıyla tüm öncüller doğrudur.

Adım Adım Çözüm

1
Rezonans durumunun tanımını kullanarak indüktif reaktans (XLX_L) ile kapasitif reaktansı (XCX_C) karşılaştırmak.
Rezonans durumunda indüktif reaktans ile kapasitif reaktans birbirine eşittir: XL=XCX_L = X_C.
Rezonans, devrenin empedansının minimum olduğu ��zel durumdur.
2
Bobin ve sığacın uçları arasındaki etkin gerilimleri karşılaştırmak (I. öncülün analizi).
Bobinin empedansı Zbobin=r2+XL2Z_{bobin} = \sqrt{r^2 + X_L^2} olur. Sığacın reaktansı ise XCX_C'dir. XL=XCX_L = X_C ve r0r \neq 0 olduğundan Zbobin>XCZ_{bobin} > X_C olur. Dolayısıyla Vbobin>VsigacV_{bobin} > V_{sigac} bulunur.
Bobin ideal olmadığından hem i�� dirence (rr) hem de indüktif reaktansa (XLX_L) sahiptir. Seri devrede akım ortak olduğundan empedansı büyük olan bobinin gerilimi daha büyüktür.
3
Devrenin toplam etkin gerilimi ile bobinin iç direnci üzerindeki gerilimi karşılaştırmak (II. öncülün analizi).
Devrenin toplam geriliminin fazör (vektörel) toplamı V=Vr+VL+VC\vec{V} = \vec{V}_r + \vec{V}_L + \vec{V}_C şeklindedir. Rezonansta VL=VCV_L = V_C olduğundan bu gerilimler birbirini sadeleştirir ve geriye sadece V=Vr\vec{V} = \vec{V}_r kalır. Genlik veya etkin değer olarak V=VrV = V_r olur.
Rezonans anında devrenin toplam empedansı sadece bobinin iç direnci olan rr'ye eşittir, dolayısıyla kaynağın tüm gerilimi bu direnç üzerinde harcanır.
4
Frekans artışının empedans üzerindeki etkisini incelemek (III. öncülün analizi).
Frekans ff artırılırsa XL=2πfLX_L = 2\pi f L artar, XC=12πfCX_C = \frac{1}{2\pi f C} azalır. Dolayısıyla XLXCX_L \neq X_C olur ve empedans Z=r2+(XLXC)2>rZ = \sqrt{r^2 + (X_L - X_C)^2} > r haline gelerek artar.
Rezonans durumunda empedans minimum değerindedir. Frekansın değiştirilmesi rezonans durumunu bozarak empedansı her durumda artırır.

Anahtar Kavram

İdeal olmayan bobin içeren seri alternatif akım devrelerinde rezonans durumu ve empedans analizi
Tahmini Süre:3m 0s
Soru 51Soru

Direnç, sığası CC olan ideal bir sığaç ve öz-indüksiyon katsayısı LL olan ideal bir bobinden oluşan seri RLC alternatif akım devresinde, kaynağın frekansı artırıldığında devrenin toplam empedans değeri her zaman artar.

Cevabı ve açıklamayı göster

Cevap: False

Cevap

İfade yanlıştır. Başlangıçta kapasitif özellik gösteren (XC>XLX_C > X_L) bir RLC devresinde frekans artırıldığında empedans rezonans durumuna kadar azalır, sonras��nda artar.
Doğru yanıt ifadenin yanlış (False) olduğudur. RLC devresinde frekans artışı indüktif reaktansı artırırken kapasitif reaktansı azaltır. Başlangıçta kapasitif baskın (XC>XLX_C > X_L) olan bir devrede frekansın artırılması, reaktans farkını sıfıra yaklaştırarak devreyi rezonansa götürür ve bu süreçte empedansın azalmasına yol açar. Bu yüzden empedansın her zaman artacağı iddiası yanlıştır.

Adım Adım Çözüm

1
Empedans (ZZ) formülünü tanımlamak.
Z=R2+(XLXC)2Z = \sqrt{R^2 + (X_L - X_C)^2}
Devrenin toplam direncini (empedans) oluşturan bileşenlerin matematiksel ilişkisini belirlemek.
2
Bobin ve sığacın frekansla değişen dirençlerini (XLX_L ve XCX_C) belirlemek.
XL=2πfLX_L = 2\pi f L ve XC=12πfCX_C = \frac{1}{2\pi f C} formülleri yazılır. Frekans (ff) arttığında, XLX_L artarken XCX_C azalır.
Kaynak frekansındaki değişimin devre bileşenlerinin alternatif akıma karşı gösterdiği zorluğa etkisini görmek.
3
Frekans artışının empedans üzerindeki net etkisini başlangıç koşullarına göre analiz etmek.
Eğer başlangıçta XC>XLX_C > X_L ise (kapasitif durum), frekansın artırılması XCX_C ile XLX_L arasındaki farkı (XLXC|X_L - X_C|) azaltarak devreyi rezonans durumuna (XL=XCX_L = X_C) yaklaştırır. Bu aralıkta empedans azalır. Rezonans frekansı aşıldıktan sonra (XL>XCX_L > X_C) empedans artmaya başlar. Dolayısıyla empedans her zaman artmaz.
İfadenin her zaman geçerli olup olmadığını test etmek.

Anahtar Kavram

Alternatif akım RLC devrelerinde empedansın frekansa bağlı değişimi ve rezonans durumu.
Soru 52Soru

Etkin gerilimi sabit tutulan bir alternatif akım kaynağına seri olarak bağlı ideal bir sığaç (kondansatör) ve iç direnci önemsiz ideal bir bobinden oluşan devrede; kaynağın frekansı sıfırdan başlanarak sürekli artırıldığında, sığacın uçları arasındaki etkin potansiyel fark (VCV_C) sürekli azalır.

Cevabı ve açıklamayı göster

Cevap: False

Cevap

İfade yanlıştır. Alternatif akım kaynağının frekansı sıfırdan rezonans frekansına doğru artırılırken sığacın uçlar�� arasındaki etkin gerilim artar, rezonans frekansının üzerinde ise azalır.
Frekans artışı hem kapasitif reaktansı azaltır hem de devrenin empedansını değiştirerek devre akımını etkiler. Rezonans frekansına kadar empedans azalıp akım arttığı için sığacın gerilimi artar, rezonans sonrasında ise empedans artıp akım azaldığı için gerilim azalır. Bu sebeple ifade yanlıştır.

Adım Adım Çözüm

1
Devrenin empedans ifadesini ve sığacın uçlarındaki etkin gerilim formülünü yazınız.
Empedans Z=XLXCZ = |X_L - X_C| ve sığacın etkin gerilimi VC=IetkinXC=VetkinZXCV_C = I_{etkin} \cdot X_C = \frac{V_{etkin}}{Z} \cdot X_C olarak ifade edilir.
Frekansın devrenin empedansına ve akımına olan etkisini matematiksel olarak ilişkilendirmek.
2
Kapasitif reaktans (XCX_C) ve indüktif reaktans (XLX_L) ifadelerini frekansa bağlı olarak yazıp sığaç gerilimi oranını sadeleştiriniz.
XC=1ωCX_C = \frac{1}{\omega C} ve XL=ωLX_L = \omega L değerleri yerine yazıldığında, VC=Vkaynak1/ωCωL1/ωC=Vkaynak1ω2LC1V_C = V_{kaynak} \cdot \frac{1/\omega C}{|\omega L - 1/\omega C|} = V_{kaynak} \cdot \frac{1}{|\omega^2 L C - 1|} elde edilir.
Sığacın etkin gerilimini tek bir değişken olan açısal frekansa (\omega) bağlı hale getirmek.
3
Frekansın değişim aralıklarına göre sığaç geriliminin davranışını analiz ediniz.
Rezonans frekansı ω0=1LC\omega_0 = \frac{1}{\sqrt{LC}} değeridir. ω<ω0\omega < \omega_0 için ω\omega arttıkça payda (1ω2LC|1 - \omega^2 L C|) küçülür, bu yüzden VCV_C artar. ω>ω0\omega > \omega_0 için ise ω\omega arttıkça payda (ω2LC1\omega^2 L C - 1) büyür, bu yüzden VCV_C azalır.
Sığacın geriliminin frekansa bağlı değişiminin sürekli azalan olmadığını, önce artıp sonra azalan bir grafik çizdiğini göstermek.

Anahtar Kavram

Alternatif akım devrelerinde rezonans durumu, indüktif ve kapasitif reaktansların frekansa bağlı değişimi ve empedansın akım üzerindeki etkisi.
Tahmini Süre:3m 0s
Soru 53Soru

Yalıtkan ayaklar üzerine yerleştirilmiş, iletken paralel levhalardan oluşan boşluklu KK ve LL kondansatörleri, potansiyel farkları eşit olan üreteçlere bağlanarak yüklenmektedir. Yüklenme işlemi tamamlandıktan sonra, KK kondansatörü üretece bağlı kalmaya devam ederken LL kondansatörü üreteçten ayrılıyor.

Daha sonra, her iki kondansatörün de levhaları arasındaki uzaklık yarıya indiriliyor.

Buna göre, kondansat��rlerde gerçekleşen değişimlerle ilgili;

I. KK kondansatörünün levhaları arasındaki elektrik alan şiddeti artar.
II. LL kondansatöründe depolanan elektriksel potansiyel enerji azalır.
III. KK ve LL kondansatörlerinin levhalarındaki son yük miktarları birbirine eşit olur.

yargılarından hangileri doğrudur?

Cevabı ve açıklamayı göster

Cevap: I ve II

Cevap

I ve II (Kondansatörlerin levhaları arasındaki uzaklık yarıya indirildiğinde, K'nin elektrik alanı artar ve L'de depolanan enerji azalır.)
Birinci ve ikinci yargıları içeren seçenek doğrudur. Üretece bağlı olan K kondansatörünün potansiyel farkı sabit kaldığı için levhaların yaklaştırılması elektrik alanını (E=V/dE=V/d) artırır. Üreteçten ayrılan L kondansatörünün yükü sabit kalır ve sığasının artmasıyla depolanan elektriksel potansiyel enerjisi (U=Q2/2CU=Q^2/2C) azalır. K'nin yükü iki katına çıkarken L'nin yükü sabit kaldığından son yükleri eşit olamaz.

Adım Adım Çözüm

1
Sığa formülünü yazarak levhalar arası uzaklığın sığaya etkisini belirlemek.
Her iki kondansatörün sığası da iki katına çıkar (Cf=2C0C_f = 2C_0).
Kondansatörün sığası C=ϵ0AdC = \epsilon_0 \frac{A}{d} formülüyle bulunur. Levhalar arası uzaklık (dd) yarıya indirildiğinde sığa iki katına çıkar.
2
Üretece bağlı kalan K kondansatöründeki değişimleri analiz etmek.
K'nin uçları arasındaki potansiyel farkı sabit kalır (VK=VV_K = V). Levhalar arası elektrik alan EK=Vd/2=2E0E_K = \frac{V}{d/2} = 2E_0 olur (artar). Yükü ise QK=CKVK=2C0V=2Q0Q_K = C_K \cdot V_K = 2C_0 \cdot V = 2Q_0 olur.
Üretece bağlı kalan kondansatörlerin potansiyel farkı sabit kalırken elektrik alanı levhalar yaklaştığı için artar.
3
Üreteçten ayrılan L kondansatöründeki değişimleri analiz etmek.
L'nin yükü sabit kalır (QL=Q0Q_L = Q_0). Depolanan enerji UL=QL22CL=Q024C0=U02U_L = \frac{Q_L^2}{2C_L} = \frac{Q_0^2}{4C_0} = \frac{U_0}{2} olur (azalır).
Üreteçten ayrılan kondansatörün yükü dışarıya bir geçiş olmadığından sabit kalır. Sığası iki katına çıktığı için depolanan enerjisi yarıya düşer.
4
Sonuçları önermelerle karşılaştırarak doğruluğu kontrol etmek.
I ve II. önermelerin doğru, III. önermenin yanlış olduğu görülür.
K'nin elektrik alanı arttığı için I doğrudur. L'nin depolanan enerjisi azaldığı için II doğrudur. K'nin son yükü 2Q02Q_0, L'nin son yükü Q0Q_0 olduğundan son yükleri eşit değildir, bu yüzden III yanlıştır.

Anahtar Kavram

Üretece bağlı olan ve olmayan kondansatörlerde sığa, yük, gerilim, elektrik alan ve enerji ilişkileri.
Soru 54Soru

Etkin gerilimi sabit bir alternatif akım kaynağına seri bağlı; direnci RR olan bir lamba, öz-indüksiyon katsayısı LL olan ideal bir bobin (iç direnci önemsiz) ve sığası CC olan ideal bir sığaçtan oluşan RLC devresi şekildeki gibi kurulmuştur. Bu durumda lambanın ışık verdiği gözlenmektedir.

Bobinin içerisine demir bir çekirdek yerleştirildiğinde lambanın parlaklığının arttığı gözlendiğine göre;

I. Başlangıçta devrenin kapasitif reaktansı, indüktif reaktansından büyüktür.
II. Demir çekirdek yerleştirildiğinde devrenin empedansı azalmıştır.
III. Demir çekirdekli devrede alternatif akım kaynağının frekansı artırılırsa, lambanın parlaklığı kesinlikle azalır.

yargılarından hangileri doğrudur?

Cevabı ve açıklamayı göster

Cevap: I ve II

Cevap

I ve II öncüllerini içeren seçenek doğrudur.
Doğru cevap, başlangıçta kapasitif reaktansın indüktif reaktanstan büyük olduğunu ve demir çekirdek konulduğunda empedansın azaldığını belirten 'I ve II' yargılarıdır. Lamba parlaklığının artması, devreden geçen etkin akımın arttığını ve dolayısıyla devrenin toplam direnci olan empedansın (ZZ) azaldığını gösterir. Bobinin içine demir çekirdek konulması öz-indüksiyon katsayısını (LL), dolayısıyla indüktif reaktansı (XLX_L) artırır. Empedans formülü olan Z=R2+(XLXC)2Z = \sqrt{R^2 + (X_L - X_C)^2} ifadesine göre empedansın azalması için reaktanslar arasındaki farkın (XLXC|X_L - X_C|) küçülmesi gerekir. Bu durum ancak başlangıçta kapasitif reaktansın indüktif reaktanstan büyük (XC>XLX_C > X_L) olmasıyla mümkündür. Demir çekirdek konulduktan sonra da hâlâ XC>XLX_C > X_L' ilişkisi korunuyorsa, frekansın artırılması XLX_L' yi artırıp XCX_C'yi azaltarak onları rezonans durumuna daha da yaklaştırabilir; bu durumda empedans daha da azalır ve parlaklık artar. Dolayısıyla frekans artışı parlaklığı kesinlikle azaltır diyemeyiz.

Adım Adım Çözüm

1
Bobinin içine demir çekirdek konulmasının indüktif reaktansa (XLX_L) olan etkisini belirlemek.
Demir çekirdek bobinin manyetik geçirgenliğini artırarak öz-indüksiyon katsayısını (LL) artırır. Bu da indüktif reaktansın (XL=2πfLX_L = 2\pi f L) artmasına neden olur.
Devre elemanlarında yapılan fiziksel değişikliklerin elektriksel direnç özelliklerine etkisini anlamak için.
2
Lambanın parlaklığındaki değişimi kullanarak devrenin empedansındaki (ZZ) değişimi yorumlamak.
Lambanın parlaklığının artması devredeki etkin akımın (IeI_e) arttığını gösterir. Kaynağın etkin gerilimi (VeV_e) sabit olduğundan, Ohm yasasına göre devrenin empedansı (Z=VeIeZ = \frac{V_e}{I_e}) azalmıştır.
Akım ve direnç (empedans) arasındaki ters orantı ilişkisini kurmak için.
3
Empedansın azalmasından yola çıkarak başlangıçtaki reaktanslar arasındaki ilişkiyi bulmak.
Empedans formülü Z=R2+(XLXC)2Z = \sqrt{R^2 + (X_L - X_C)^2} şeklindedir. ZZ'nin azalması için XLXC|X_L - X_C| farkının küçülmesi gerekir. XLX_L arttığına göre, bu farkın küçülmesi ancak başlangıçta kapasitif reaktansın indüktif reaktanstan büyük olması (XC>XLX_C > X_L) durumunda mümkündür. Dolayısıyla I. ve II. öncüller doğrudur.
Empedansı belirleyen reaktif bileşenlerin matematiksel farkını analiz etmek için.
4
Frekans artışının lambanın parlaklığı üzerindeki kesinliğini incelemek.
Demir çekirdek yerleştirildikten sonraki durumda hâlâ XC>XLX_C > X_L' olabilir. Bu durumda kaynağın frekansı (ff) artırılırsa XL=2πfLX_L' = 2\pi f L' artarken, XC=12πfCX_C = \frac{1}{2\pi f C} azalır. Reaktanslar birbirine daha da yaklaşacağı için empedans daha da azalabilir ve lamba parlaklığı artabilir. Kesinlikle azalır denilemez, bu yüzden III. öncül yanlıştır.
Frekansın reaktanslar üzerindeki dinamik etkisini ve olası tüm durumları test etmek için.

Anahtar Kavram

Alternatif akım devrelerinde empedans, reaktanslar ve frekans ilişkisi.
Soru 55Soru

Hava ortamında bulunan paralel levhalı bir sığaç, potansiyel farkı VV olan bir üretece bağlanarak yüklendikten sonra üreteçten ayrılıyor. Bu sığacın levhaları arasındaki uzaklık yarıya indirilip levhalar arası boşluk, dielektrik katsayısı havanınkinin 4 katı olan yalıtkan bir malzeme ile tamamen dolduruluyor.

Buna göre, sığacın levhaları arasındaki son potansiyel farkı kaç VV olur?

Cevabı ve açıklamayı göster

Cevap: 18\frac{1}{8}

Cevap

Sığacın levhaları arasındaki son potansiyel farkı ilk potansiyel farkının sekizde birine eşit olur.
Sığaç üreteçten ayrıldığında yükü sabit kalır. Levhalar arasındaki uzaklık yarıya indirilirse sığa iki katına çıkar, dielektrik katsayısı dört katına çıkarılırsa sığa dört katına çıkar. Bu iki işlem birlikte yapıldığında son sığa ilk sığanın sekiz katı olur. Yükün korunumu gereği sığanın sekiz katına çıkması, potansiyel farkının sekizde birine inmesini gerektirir.

Adım Adım Çözüm

1
Sığacın ilk durumdaki sığasını (C1C_1) ve yükünü (Q1Q_1) tanımlamak.
Hava ortamındaki sığaç için C1=ϵ0AdC_1 = \epsilon_0 \frac{A}{d} ve yükü Q1=C1VQ_1 = C_1 \cdot V olur.
Sığacın başlangıçtaki elektriksel durumunu belirlemek için.
2
Sığaç üreteçten ayrıldıktan sonraki yük durumunu belirlemek.
Sığaç üreteçten ayrıldığı için devrede yük akışı gerçekleşemez, dolayısıyla sığacın yükü korunur (Q2=Q1=QQ_2 = Q_1 = Q).
Sığaç üzerindeki yükün dış bir etki olmadıkça değişmeyeceği ilkesini uygulamak için.
3
Değişiklikler yapıldıktan sonraki yeni sığayı (C2C_2) hesaplamak.
C2=(4ϵ0)Ad/2=8ϵ0Ad=8C1C_2 = (4\epsilon_0) \frac{A}{d/2} = 8 \epsilon_0 \frac{A}{d} = 8 C_1 elde edilir.
Levha uzaklığının yarıya indirilmesi ve dielektrik malzemenin eklenmesinin sığa üzerindeki etkisini bulmak için.
4
Yükün korunumunu kullanarak yeni potansiyel farkını (V2V_2) hesaplamak.
Q=C1V=C2V2C1V=8C1V2V2=V8Q = C_1 \cdot V = C_2 \cdot V_2 \Rightarrow C_1 \cdot V = 8 C_1 \cdot V_2 \Rightarrow V_2 = \frac{V}{8} bulunur.
Sığanın artmasıyla sabit yük altındaki potansiyel farkının nasıl değişeceğini belirlemek için.

Anahtar Kavram

Üreteçten ayrılmış bir sığacın yükü sabittir; sığadaki geometrik ve dielektrik değişiklikler sığayı etkiler ve bu da uçlar arasındaki potansiyel farkının değişmesine yol açar.
Soru 56Soru

Şekildeki elektrik devresinde, K-L bobinlerinden oluşan birinci transformatör ideal, M-N bobinlerinden oluşan ikinci transformatör ise ideal olmayıp verimi %80'dir. Birinci transformatörün girişindeki K bobinine etkin gerilimi VV, frekansı ff olan alternatif akım (AC) kaynağı bağlanmıştır. L ve M bobinleri birbirine iletken tellerle bağlanmış olup, çıkıştaki N bobininin uçları arasına RR direnci yerleştirilmiştir.

Bobinlerin sarım sayıları sırasıyla NK=2NN_K = 2N, NL=NN_L = N, NM=3NN_M = 3N ve NN=6NN_N = 6N olduğuna göre;

I. Giriş bobinine etkin gerilimi VV olan doğru akım (DC) kaynağı bağlanırsa, RR direncinden akım geçmez.
II. Giriş bobinine uygulanan alternatif gerilimin etkin değeri değiştirilmeden frekansı yarıya indirilirse, RR direncinde harcanan elektriksel güç değişmez.
III. Giriş bobininden (K) ��ekilen etkin akım IK=5V4RI_K = \frac{5V}{4R} olur.

yargılarından hangileri doğrudur?

Cevabı ve açıklamayı göster

Cevap: I, II ve III

Cevap

Her üç öncül de doğrudur (I, II ve III)
Transformatörler doğru akımla çalışmadığı için birinci öncül doğrudur. Giriş geriliminin frekansı değiştirildiğinde çıkış geriliminin etkin değeri ve dolayısıyla direnç üzerinde harcanan güç değişmediği için ikinci öncül doğrudur. Bobin gerilimleri hesaplanıp verim formülü uygulandığında K bobininden çekilen akım IK=5V/4RI_K = 5V/4R olarak bulunduğu için üçüncü öncül de doğrudur.

Adım Adım Çözüm

1
Doğru akım (DC) kaynağının etkisini analiz etme
K bobinine DC bağlandığında bobin içinde zamanla değişmeyen sabit bir manyetik akı oluşur. Transformatörlerin çalışması Faraday indüksiyon yasasına dayanır ve sekonder bobinde gerilim indüklenebilmesi için manyetik akının zamanla değişmesi gerekir. Bu nedenle L bobininde, dolayısıyla M ve N bobinlerinde gerilim indüklenmez ve RR direncinden akım geçmez. Birinci öncül doğrudur.
Transformatörlerin doğru akımda çalışmadığı ilkesini uygulamak.
2
Alternatif akım frekansının etkisini inceleme
Transformatörlerde çıkış geriliminin genliği ve etkin değeri sadece giriş gerilimine ve bobinlerin sarım sayıları oranına bağlıdır; kaynağın frekansına bağlı değildir. Giriş gerilimi VV sabit kaldığı sürece çıkış gerilimi VNV_N de sabit kalır. RR direncinde harcanan güç P=VN2/RP = V_N^2 / R olduğundan frekansın değişmesi bu gücü etkilemez (frekans sadece çıkıştaki alternatif gerilimin frekansını değiştirir). İkinci öncül doğrudur.
Frekansın transformatörün çıkış gerilimi ve gücü üzerindeki etkisini belirlemek.
3
Bobinler üzerindeki gerilimleri hesaplama
K-L transformatörü ideal olduğundan, VL/VK=NL/NK    VL/V=N/2N    VL=V/2V_L / V_K = N_L / N_K \implies V_L / V = N / 2N \implies V_L = V/2 olur. L ve M bobinleri birbirine tellerle bağlı olduğundan VM=VL=V/2V_M = V_L = V/2'dir. M-N transformatöründe gerilimler oranı sarım sayıları oranına eşittir: VN/VM=NN/NM    VN/(V/2)=6N/3N=2    VN=VV_N / V_M = N_N / N_M \implies V_N / (V/2) = 6N / 3N = 2 \implies V_N = V bulunur.
Sarım sayıları oranını kullanarak ardışık bağlı bobinlerin gerilim değerlerini bulmak.
4
Güç ve verim ilişkisini kullanarak giriş akımını hesaplama
N bobinine bağlı RR direncinde harcanan güç PN=VN2/R=V2/RP_N = V_N^2 / R = V^2 / R'dir. M-N transformatörünün verimi %80 (0,8) olduğundan, M bobinine giren güç: Verim=PN/PM    0,8=(V2/R)/PM    PM=V20,8R=5V24R\text{Verim} = P_N / P_M \implies 0,8 = (V^2 / R) / P_M \implies P_M = \frac{V^2}{0,8 R} = \frac{5V^2}{4R} olur. K-L transformatörü ideal olduğundan K bobinine giren güç L'den çıkan güce, o da M'ye giren güce eşittir: PK=PM=5V24RP_K = P_M = \frac{5V^2}{4R}. K bobinindeki güç PK=VKIK=VIKP_K = V_K \cdot I_K = V \cdot I_K olduğuna göre, VIK=5V24R    IK=5V4RV \cdot I_K = \frac{5V^2}{4R} \implies I_K = \frac{5V}{4R} elde edilir. Üçüncü öncül doğrudur.
Verim formülünü ve enerjinin korunumu ilkesini kullanarak giriş bobininden çekilen akımı bulmak.

Anahtar Kavram

Ardışık bağlı transformatörlerde gerilim, akım, güç ve verim ilişkileri ile çalışma prensipleri.
Soru 57Soru

Alternatif akım jeneratörüne seri olarak bağlı; direnci RR olan bir lamba, öz-indüksiyon katsayısı LL olan ideal bir bobin ve sığası CC olan ideal bir sığaçtan oluşan devrede, bobinin uçlarına paralel bir SS anahtarı şekildeki gibi bağlanmıştır.

Başlangıçta SS anahtarı açıkken devredeki bobinin indüktif reaktansı, sığacın kapasitif reaktansının iki katına eşittir (XL=2XCX_L = 2X_C).

Buna göre, SS anahtarı kapatıldığında;

I. Devrenin empedansı değişmez.
II. Lambanın parlaklığı değişmez.
III. Başlangıçta akım gerilimden gerideyken, anahtar kapatıldığında akım gerilimden öne geçer.

yargılarından hangileri doğrudur?

Cevabı ve açıklamayı göster

Cevap: I, II ve III

Cevap

I, II ve III
S anahtarı açıkken devrenin empedansı Z1=R2+(2XCXC)2=R2+XC2Z_1 = \sqrt{R^2 + (2X_C - X_C)^2} = \sqrt{R^2 + X_C^2}'dir. Anahtar kapatıldığında bobin kısa devre olacağından yeni empedans Z2=R2+XC2Z_2 = \sqrt{R^2 + X_C^2} olur. Empedans değişmediği için devrenin etkin akımı ve dolayısıyla lamba parlaklığı da değişmez. Ayrıca başlangıçta endüktif (XL>XCX_L > X_C) olan devre, anahtar kapatıldıktan sonra kapasitif (XL=0X_L = 0) hale geldiği için akım gerilimden öne geçer. Bu nedenle her üç öncül de doğrudur.

Adım Adım Çözüm

1
Başlangıç empedansını hesaplama
S anahtarı açıkken devrenin empedansı Z1=R2+(XLXC)2=R2+(2XCXC)2=R2+XC2Z_1 = \sqrt{R^2 + (X_L - X_C)^2} = \sqrt{R^2 + (2X_C - X_C)^2} = \sqrt{R^2 + X_C^2} olarak bulunur.
Bobin ve sığacın reaktansları arasındaki ilişkiyi kullanarak devrenin ilk durumdaki toplam direncini (empedansını) belirlemek gerekir.
2
Anahtar kapatıldıktan sonraki yeni empedansı hesaplama
S anahtarı kapatıldığında bobin kısa devre olur ve devre dışı kalır. Bu durumda yeni empedans Z2=R2+XC2Z_2 = \sqrt{R^2 + X_C^2} olur. Buradan Z1=Z2Z_1 = Z_2 olduğu görülür ve empedansın değişmediği belirlenir (I. öncül doğrudur).
Anahtarın kapatılmasının bobini devre dışı bırakma etkisini ve bunun toplam empedansa yansımasını incelemek gerekir.
3
Akım ve lamba parlaklığı değişimini belirleme
Kaynağın geriliminin etkin değeri sabitken empedans değişmediğinden devreden geçen etkin akım (Ietkin=Vetkin/ZI_{etkin} = V_{etkin} / Z) değişmez. Dolayısıyla lambanın parlaklığı (P=Ietkin2RP = I_{etkin}^2 R) da değişmez (II. öncül doğrudur).
Ohm yasasını alternatif akım devresine uygulayarak etkin akımın ve lambanın gücünün sabit kalacağını göstermek gerekir.
4
Akım ile gerilim arasındaki faz ilişkisini analiz etme
Başlangıçta XL>XCX_L > X_C olduğundan devre endüktif karakterdedir ve akım gerilimden geridedir. Anahtar kapatıldığında sadece lamba ve sığaç kaldığından (XL=0X_L = 0) devre kapasitif karakter kazanır ve akım gerilimden öne geçer (III. öncül doğrudur).
Devre elemanlarının türüne göre akım ve gerilim arasındaki faz farkının nasıl değişeceğini yorumlamak gerekir.

Anahtar Kavram

Alternatif akım devrelerinde empedans hesaplanması ve faz ilişkisi
Soru 58Soru

Sürtünmelerin ve yer çekiminin ihmal edildiği yalıtkan düzlemde sabit tutulan +q+q ve q-q noktasal yüklerinin oluşturduğu elektriksel alanda, yüklerin tam ortasındaki noktanın elektriksel potansiyeli sıfır olduğundan, bu noktada bulunan durağan bir pozitif test yükünü herhangi bir yoldan sonsuza götürmek için elektriksel kuvvetlere karşı yapılması gereken net iş sıfırdır.

Cevabı ve açıklamayı göster

Cevap: True

Cevap

İfade doğrudur. Başlangıç ve bitiş noktalarının potansiyelleri sıfır olduğu için yapılan net iş sıfırdır.
Elektriksel alan korunumlu olduğundan yapılan net iş izlenen yoldan bağımsızdır ve başlangıç noktası ile bitiş noktası arasındaki potansiyel farkı sıfır olduğundan yapılan net iş de sıfırdır.

Adım Adım Çözüm

1
Başlangıç ve bitiş noktalarının elektriksel potansiyellerini belirleyin.
Yüklerin tam ortasındaki noktanın potansiyeli Vorta=kqd+kqd=0V_{\text{orta}} = k\frac{q}{d} + k\frac{-q}{d} = 0 ve sonsuzdaki potansiyel V=0V_{\infty} = 0 olur.
Elektriksel potansiyel skaler bir büyüklüktür ve noktasal yüklerin potansiyelleri skaler olarak toplanır.
2
Başlangıç ve bitiş noktaları arasındaki potansiyel farkını hesaplayın.
ΔV=VsonVilk=VVorta=00=0\Delta V = V_{\text{son}} - V_{\text{ilk}} = V_{\infty} - V_{\text{orta}} = 0 - 0 = 0
Yapılan işi bulmak için yükün hareket ettiği noktalar arasındaki potansiyel farkı gereklidir.
3
Elektriksel kuvvetlere karşı yapılan net işi hesaplayın.
Wnet=q0ΔV=q00=0W_{\text{net}} = q_0 \cdot \Delta V = q_0 \cdot 0 = 0 bulunur.
Korunumlu alanlarda yapılan iş potansiyel farkı ile taşınan yükün çarpımına eşittir ve izlenen yoldan bağımsızdır.

Anahtar Kavram

Elektriksel potansiyel skaler bir büyüklüktür ve korunumlu elektriksel alanda yapılan net iş, izlenen yoldan bağımsız olup sadece başlangıç ve bitiş noktaları arasındaki potansiyel farkına bağlıdır.
Soru 59Soru

Primer (giriş) bobinine etkin gerilimi VV olan alternatif akım kaynağı bağlı olan ideal bir transformatörün çıkış (sekonder) bobinine RR direnci bağlanmıştır. Sekonder devredeki RR direncinin değeri iki katına çıkarıldığında, transformatörün primer bobininden çekilen etkin güç yarıya iner.

Cevabı ve açıklamayı göster

Cevap: True

Cevap

Verilen ifade doğrudur. İdeal bir transformatörde sekonder devredeki direncin iki katına çıkarılması harcanan gücü yarıya düşürür, ideal olma şartı gereği de primerden çekilen güç yarıya iner.
Giriş gerilimi sabit olan ideal bir transformatörde çıkış gerilimi de sabittir. Çıkıştaki direncin iki katına çıkarılması çıkış gücünü yarıya düşürür. İdeal transformatörde giriş gücü çıkış gücüne eşit olduğundan, giriş gücü de yarıya iner.

Adım Adım Çözüm

1
Sekonder geriliminin sabit kalacağını belirlemek
VS=VNSNPV_S = V \cdot \frac{N_S}{N_P} bağıntısına göre sekonder gerilimi sabit kalır.
Transformatörün gerilim dönüşüm oranı yalnızca primer gerilimine ve sarım sayılarına bağlıdır.
2
Direnç değişimi sonrası sekonder gücü hesaplamak
Direnç RR iken harcanan güç PS=VS2RP_S = \frac{V_S^2}{R} iken direnç 2R2R yapıldığında yeni güç PS=VS22R=PS2P_S' = \frac{V_S^2}{2R} = \frac{P_S}{2} olur.
Sabit gerilim altında bir dirençte harcanan elektriksel güç direnç değeri ile ters orantılıdır.
3
Primer güç ile sekonder güç arasındaki ilişkiyi kurmak
İdeal transformatörde güç kaybı olmadığından primerden çekilen güç sekonder gücüne eşittir (PP=PSP_P = P_S). Dolayısıyla PP=PP2P_P' = \frac{P_P}{2} olur.
İdeal transformatörlerde verim %100\%100 olup giriş gücü çıkış gücüne eşittir.

Anahtar Kavram

İdeal transformatörlerde güç korunumu ve sekonder yük değişiminin primer güce etkisi
Soru 60Soru

Primer ve sekonder sarım sayıları sırasıyla N1N_1 ve N2N_2 olan ideal bir transformatörün primerine etkin gerilimi V1V_1 olan bir alternatif akım uygulandığında, sekonderinden V2V_2 etkin gerilimi elde edilmektedir. Buna göre, 'Primer bobine uygulanan alternatif gerilimin etkin değeri (V1V_1) değiştirilmeden frekansı iki katına çıkarılırsa, sekonderden elde edilen etkin gerilim (V2V_2) de iki katına çıkar.' ifadesi doğru mudur?

Cevabı ve açıklamayı göster

Cevap: False

Cevap

İfade yanlı��tır. Giriş geriliminin etkin değeri sabit tutulduğunda, frekansın değişmesi çıkış geriliminin etkin değerini değiştirmez; sadece çıkış geriliminin frekansını değiştirir.
İfade yanlıştır çünkü ideal bir transformatörde çıkış geriliminin etkin değeri yalnızca giriş geriliminin etkin değerine ve bobinlerin sarım sayıları oranına bağlıdır. Alternatif gerilimin frekansı değiştirildiğinde çıkış geriliminin değeri değişmez, sadece çıkış geriliminin frekansı giriş frekansına eşit olacak şekilde değişir.

Adım Adım Çözüm

1
Primer gerilimi ile manyetik akı arasındaki ilişkiyi belirlemek
Primer bobine uygulanan gerilim V1(t)=V10sin(ωt)V_1(t) = V_{10} \sin(\omega t) ise, Faraday Yasası gereği çekirdekteki manyetik akı Φ(t)=V10N1ωcos(ωt)\Phi(t) = -\frac{V_{10}}{N_1 \omega} \cos(\omega t) olur.
Primer bobindeki gerilim, kaynağın uyguladığı gerilime eşit olmak zorundadır. Bu gerilim çekirdekteki akı değişimini dikte eder.
2
Frekans değişimi ile manyetik akının genliği arasındaki ilişkiyi analiz etmek
Frekans (ff) veya açısal frekans (ω=2πf\omega = 2\pi f) iki katına çıktığında, gerilimin maksimum değeri (V10V_{10}) sabit kaldığı için çekirdekte olu��an maksimum manyetik akı (Φmax=V10N1ω\Phi_{max} = \frac{V_{10}}{N_1 \omega}) yarıya iner.
Gerilim genliği sabitken frekans artarsa, akının değişmesi gereken süre kısalır ve aynı gerilimi indüklemek için gereken maksimum akı azalır.
3
Sekonder bobinde indüklenen gerilimi hesaplamak
Sekonder bobindeki gerilim V2(t)=N2dΦdt=N2N1V10sin(ωt)V_2(t) = -N_2 \frac{d\Phi}{dt} = \frac{N_2}{N_1} V_{10} \sin(\omega t) olur. Buradan V2V_2 etkin değeri V2=V1N2N1V_{2} = V_1 \cdot \frac{N_2}{N_1} olarak bulunur.
Sekonder gerilimi, çekirdekteki akı değişim hızının sekonder sarım sayısı ile çarpılmasıyla elde edilir.
4
Sonucu değerlendirmek
Hesaplanan sekonder etkin gerilimi (V2=V1N2N1V_2 = V_1 \frac{N_2}{N_1}) frekanstan bağımsızdır. Frekansın iki katına çıkarılması çıkış gerilimini değiştirmez.
Frekans artışı akının değişim hızını artırma eğilimindeyken, akı genliğinin azalması bu etkiyi tam olarak dengeler.

Anahtar Kavram

Transformatörlerde gerilim dönüşüm oranı yalnızca sarım sayıları oranına bağlı olup alternatif akım kaynağının frekansından bağımsızdır.
ÖncekiSayfa 3 / 7Sonraki
Elektrik ve Manyetizma Alıştırma Soruları — YKS AYT (Alan Yeterlilik Testi) — Sayfa 3 | Examkin